2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip

2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip,2019,年高,物理,一輪,選練編題,解析,打包,11,新人 人教版物理2019年高考一輪選練編題（4） 李仕才 一、選擇題 1、如圖所示，質(zhì)量為0.2 kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質(zhì)量為0.6 kg的物體B由細線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)突然將細線剪斷，則剪斷后瞬間A、B間的作用力大小為(g取10 m/s2) A．0.5 N　　　　　　　 B．2.5 N C．0 N D．1.5 N 解析：選D.剪斷細線前，A、B間無壓力，則彈簧的彈力F＝mAg＝0.2×10 N＝2 N，剪斷細線的瞬間，對整體分析，整體加速度：a＝＝ m/s2＝7.5 m/s2，隔離對B分析：mBg－N＝mBa，解得：N＝mBg－mBa＝0.6×10－0.6×7.5 N＝1.5 N．故選D. 2、將一長木板靜止放在光滑的水平面上,如圖(甲)所示.一個小鉛塊(可視為質(zhì)點)以水平初速度v0由木板左端向右滑動,到達右端時恰能與木板保持相對靜止.小鉛塊運動過程中所受的摩擦力始終不變,現(xiàn)將木板分成A和B兩段,使B的長度和質(zhì)量均為A的2倍,并緊挨著A放在原水平面上,讓小鉛塊仍以初速度v0由木塊A的左端開始向右滑動,如圖(乙)所示,則下列有關說法正確的是(　C　) A.小鉛塊恰能滑到木板B的右端,并與木板B保持相對靜止 B.小鉛塊將從木板B的右端飛離木板 C.小鉛塊滑到木板B的右端前就與木板B保持相對靜止 D.木板B達到的最終速度與圖(甲)情景中木板達到的最終速度大小相同 解析:在圖(甲)情景中小鉛塊運動過程中,小鉛塊與木板之間的摩擦力使整個木板一直加速,圖(乙)情景中小鉛塊先使整個木板加速,運動到B部分上后A部分停止加速,只有B部分加速,加速度大于圖(甲)情景中的對應過程,故圖(乙)情景中小鉛塊與B木板將更早達到速度相等,所以小鉛塊還沒有運動到B的右端就與B保持相對靜止了,選項A,B錯誤,C正確;圖(乙)情景中木板B達到的最終速度比圖(甲)情景中木板達到的最終速度大,選項D錯誤. 3、距地面高5 m的水平直軌道上A、B兩點相距3 m，在B點用細線懸掛一大小可忽略的小球，離地高度為h，如圖。小車始終以6m/s的速度沿軌道勻速運動，經(jīng)過A點時將隨車攜帶的小球由軌道高度自由卸下，小車運動至B點時細線被軋斷，最后兩球同時落地。不計空氣阻力，取重力加速度的大小g＝10 m/s2?？汕蟮眉毦€長為 ( ) A．1.25 m B．2.25 m C．3.75 m D．4.75 m 【答案】C 【解析】小車上的小球自A點自由落地的時間t1＝，小車從A到B的時間t2＝；小車運動至B點時細線軋斷，小球下落的時間t3＝；根據(jù)題意可得時間關系為t1＝t2＋t3，即＝＋解得h＝1.25 m，即細線長為3.75米，選項C正確 4、質(zhì)量為m的小球在豎直向上的拉力作用下從靜止開始運動，其v-t圖象如圖所示(豎直向上為正方向，DE段為直線)，已知重力加速度大小為g，下列說法正確的是(　　) A．t0～t2時間內(nèi)，合力對小球先做正功后做負功 B．0～t3時間內(nèi)，小球的平均速度一定為 C．t3～t4時間內(nèi)，拉力做的功為[(v4－v3)＋g(t4－t3)] D．t3～t4時間內(nèi)，小球豎直向下做勻減速直線運動 解析：選C.v-t圖象中圖線的斜率表示加速度，速度在時間軸之上表明速度一直為正， 從圖象可以看出小球先向上做加速度越來越大的加速運動，再做加速度越來越小的加速運動，然后做加速度越來越大的減速運動，最后做勻減速運動，運動方向一直向上，D錯．圖中t0～t2時間內(nèi)小球做加速運動，故合力對小球一直做正功，A錯．v-t圖象中圖線與t軸所圍面積表示位移，而平均速度v＝，結合圖象中的“面積”可知0～t3時間內(nèi)，小球的平均速度大于，B錯．t3～t4時間內(nèi)由動能定理得W－mgh＝mv－mv，又h＝(t4－t3)，解得W＝[(v4－v3)＋g(t4－t3)]，C對． 5、下列說法正確的是(　BCD　) A.太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的核裂變反應 B.用加熱、加壓或改變其化學狀態(tài)的方法都不能改變原子核衰變的半衰期 C.一個氫原子從量子數(shù)n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時最多可產(chǎn)生2種不同頻率的譜線 D.鈾核U)衰變?yōu)殂U核Pb)的過程中,要經(jīng)過8次α衰變和6次β衰變 解析:太陽輻射的能量主要來自于太陽內(nèi)部的核聚變,選項A錯誤;原子核的半衰期由原子核的內(nèi)部因素決定,加熱、加壓或改變化學狀態(tài)均不影響原子核衰變的半衰期,選項B正確;一個氫原子從n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時,最多產(chǎn)生2種不同頻率的光譜,選項C正確;根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知UPb+He+e,選項D正確. 6、2017年年初，我國研制的“大連光源”——極紫外自由電子激光裝置，發(fā)出了波長在100 nm(1 nm＝10－9 m)附近連續(xù)可調(diào)的世界上最強的極紫外激光脈沖．“大連光源”因其光子的能量大、密度高，可在能源利用、光刻技術、霧霾治理等領域的研究中發(fā)揮重要作用．一個處于極紫外波段的光子所具有的能量可以電離一個分子，但又不會把分子打碎．據(jù)此判斷，能夠電離一個分子的能量約為(取普朗克常量h＝6.6×10－34 J·s，真空光速c＝3×108 m/s)(　　) A．10－21 J　　　　　　　 B．10－18 J C．10－15 J D．10－12 J 解析：選B.由E＝hν，ν＝，可得E＝h＝6.6×10－34× J≈2×10－18 J，所以選項B正確． 7、如圖甲所示，Q1、Q2是兩個固定的點電荷，一帶正電的試探電荷僅在電場力作用下以初速度v0沿兩點電荷連線的中垂線從a點向上運動，其vt圖象如圖乙所示，下列說法正確的是(　　) A．兩點電荷一定都帶負電，但電量不一定相等 B．兩點電荷一定都帶負電，且電量一定相等 C．試探電荷一直向上運動，直至運動到無窮遠處 D．t2時刻試探電荷的電勢能最大，但加速度不為零 【答案】BD 【解析】由vt圖可知t2時刻運動方向改變，且圖線斜率不為零，則加速度不為零，0～t2時間內(nèi)做減速運動，電場力做負功，試探電荷的動能轉(zhuǎn)化為電勢能，t2時刻電勢能最大，C錯誤，D正確．試探電荷沿直線向上運動，則其所受電場力的方向沿Q1、Q2連線的中垂線方向向下，所以兩點電荷都帶負電，且電量相等，A錯誤，B正確． 8、（多選）甲、乙兩物體從同一位置沿同一直線運動，它們的x-t圖像如圖所示（乙的圖線為拋物線），下列說法正確的是 A. t1時刻，兩者相距最遠 B. 0～t2時間內(nèi)，乙的速度先減小后增大 C. t2時刻，乙物體追上甲 D. 乙物體先向負方向運動，t1時刻以后反向向正方向運動 【來源】浙江省余姚中學2018屆高三選考科目模擬卷（一）物理試題 【答案】 ABCD 二、非選擇題 1．在光滑的冰面上放置一個截面為四分之一的圓弧，圓弧的半徑足夠大且為光滑自由曲面．一個坐在冰車上的小孩手扶一小球靜止在冰面上． 已知小孩和冰車的總質(zhì)量為m1，小球的質(zhì)量為m2，曲面質(zhì)量為m3，某時刻小孩將小球以v0的速度向曲面推出(如圖所示)． (1)求小球在圓弧面上能上升的最大高度； (2)若m1＝40 kg，m2＝2 kg，小孩將小球推出后還能再接到小球，試求曲面質(zhì)量m3應滿足的條件． 解析：(1)小球在曲面上運動到最大高度時兩者共速，速度為v，小球與曲面的水平方向上系統(tǒng)動量守恒，機械能也守恒，有m2v0＝(m2＋m3)v m2v＝(m2＋m3)v2＋m2gh 解得h＝. (2)小孩推球的過程中動量守恒，即0＝m2v0－m1v1，代入數(shù)據(jù)得：v1＝ 對于球和曲面，根據(jù)動量守恒定律和機械能守恒定律有m2v0＝－m2v2＋m3v3 m2v＝m2v＋m3v 解得v2＝v0 若小孩將球推出后還能再接到球，則有v2＞v1， ∴v0＞ 得m3＞ kg 答案：(1)　(2)m3＞ kg 2．如圖所示，在直角坐標系xOy平面內(nèi)，虛線MN平行于y軸，N點坐標為(－L,0)，MN與y軸之間有沿y軸正方向的勻強電場，在第四象限的某區(qū)域有方向垂直于坐標平面的矩形有界勻強磁場(圖中未畫出)．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為－e的電子，從虛線MN上的P點，以平行于x軸正方向的初速度v0射入電場，并從y軸上點A射出電場，射出時速度方向與y軸負方向成30°角，此后，電子做勻速直線運動，進入矩形磁場區(qū)域并從磁場邊界上點Q射出，速度沿x軸負方向，不計電子重力，求： (1)勻強電場的電場強度E的大小； (2)勻強磁場的磁感應強度B的大小和電子在磁場中運動的時間t； (3)矩形有界勻強磁場區(qū)域的最小面積Smin. 解析：(1)設電子在電場中運動的加速度大小為a，時間為t，離開電場時，沿y軸方向的速度大小為vy 則L＝v0t，a＝，vy＝at，vy＝ 聯(lián)立解得E＝. (2)設軌跡與x軸的交點為D，O、D間的距離為xD，則xD＝Ltan 30°＝L 所以DQ平行于y軸，電子在磁場中做勻速圓周運動的軌道的圓心在DQ上，電子運動軌跡如圖所示 設電子離開電場時速度大小為v，在磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑為r，周期為T 則evB＝m，v＝ 由幾何關系有r＋＝L 即r＝ 聯(lián)立以上各式解得B＝ 電子在磁場中偏轉(zhuǎn)的角度為120°，則有t＝ T＝ 解得t＝. (3)以切點F、Q的連線為矩形的一條邊，與電子的運動軌跡相切的另一邊作為FQ的對邊，此時有界勻強磁場區(qū)域面積最小 Smin＝r× 解得Smin＝. 答案：(1)　(2)B＝　t＝ (3)Smin＝ 7