2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip

2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip,2019,年高,物理,一輪,選練編題,解析,打包,11,新人 人教版物理2019年高考一輪選練編題（10） 李仕才 一、選擇題 1、如圖(甲)所示,兩平行正對的金屬板A,B間加有如圖(乙)所示的交變電壓,一重力可忽略不計的帶負電粒子被固定在兩板的正中間P處.若在t=0時刻釋放該粒子,則(　C　) A.該粒子一直向B板運動 B.該粒子時而向B板運動,時而向A板運動,最后打在B板上 C.該粒子一直向A板運動 D.該粒子時而向A板運動,時而向B板運動,最后打在A板上 解析:粒子帶負電,t=0時刻,UAB>0,電場強度方向向右,粒子受電場力向左,所以粒子先向左加速再向左減速,以后沿同一方向重復(fù)這種運動,直到碰到A板,故選項C正確. 2、如圖所示，質(zhì)量相同的兩小球a、b分別從斜面頂端A和斜面中點B沿水平方向拋出后，恰好都落在斜面底端，不計空氣阻力，下列說法正確的是(　　) A．小球a、b在空中飛行的時間之比為2∶1 B．小球a、b拋出時的初速度大小之比為2∶1 C．小球a、b到達斜面底端時的動能之比為4∶1 D．小球a、b到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角之比為1∶1 解析：選D.因為兩球下落的高度之比為2∶1，根據(jù)h＝gt2得，t＝，高度之比為2∶1，則時間之比為∶1，故A錯誤．兩球的水平位移之比為2∶1，時間之比為∶1，根據(jù)v0＝知，初速度之比為∶1，故B錯誤．根據(jù)動能定理可知，到達斜面底端時的動能之比Eka∶Ekb＝∶＝2∶1，故C錯誤．小球落在斜面上，速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，因為位移與水平方向的夾角相等，則速度與水平方向的夾角相等，到達斜面底端時速度方向與斜面的夾角也相等，故D正確．故選D. 3、如圖所示，三條繩子的一端都系在細直桿頂端，另一端都固定在水平地面上，將桿豎直緊壓在地面上，若三條繩長度不同，下列說法正確的有( ) A．三條繩中的張力都相等 B．桿對地面的壓力大于自身重力 C．繩子對桿的拉力在水平方向的合力為零 D．繩子拉力的合力與桿的重力是一對平衡力 【答案】BC 4、(多選)質(zhì)量M＝3 kg的滑塊套在水平固定著的軌道上并可在軌道上無摩擦滑動．質(zhì)量為m＝2 kg的小球(視為質(zhì)點)通過長L＝0.75 m的輕桿與滑塊上的光滑軸O連接，開始時滑塊靜止，輕桿處于水平狀態(tài)．現(xiàn)給小球一個v0＝3 m/s的豎直向下的初速度，取g＝10 m/s2.則(　　) A．小球m從初始位置到第一次到達最低點的過程中，滑塊M在水平軌道上向右移動了0.3 m B．小球m從初始位置到第一次到達最低點的過程中，滑塊M在水平軌道上向左移動了0.3 m C．小球m相對于初始位置可以上升的最大高度為0.27 m D．小球m從初始位置到第一次到達最大高度的過程中，滑塊M在水平軌道上向右移動了0.54 m 解析：選AD.可把小球和滑塊水平方向的運動看做人船模型，設(shè)滑塊M在水平軌道上向右運動了x，由滑塊和小球系統(tǒng)在水平方向時動量守恒，有＝，解得：x＝0.3 m，選項A正確B錯誤．根據(jù)動量守恒定律，小球m相對于初始位置上升到最大高度時小球和滑塊速度都為零，由能量守恒定律可知，小球m相對于初始位置可以上升的最大高度為0.45 m，選項C錯誤．根據(jù)動量守恒定律，在小球上升到軌道高度時，滑塊速度為零，由系統(tǒng)的能量守恒定律可知，小球m相對于初始位置可以到達的最大高度為h＝0.45 m，與水平面的夾角為cos α＝0.8，設(shè)小球從最低位置上升到最高位置過程中滑塊M在水平軌道上又向右運動了x′，由滑塊和小球系統(tǒng)在水平方向時動量守恒，有＝，解得：x′＝0.24 m．小球m從初始位置到第一次到達最大高度的過程中，滑塊在水平軌道上向右移動了x＋x′＝0.3 m＋0.24 m＝0.54 m，選項D正確． 5、(1)(5分)下列說法中正確的是　　　　(填正確答案標(biāo)號.選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分.每選錯1個扣3分,最低得分為0分).? A.分子運動的平均速度可能為零,瞬時速度不可能為零 B.液體與大氣相接觸時,表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引 C.空氣的相對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示 D.有些非晶體在一定條件下可以轉(zhuǎn)化為晶體 E.隨著分子間距增大,分子間引力和斥力均減小,分子勢能不一定 減小 (2)(10分)如圖所示,一汽缸固定在水平地面上,通過活塞封閉有一定質(zhì)量的理想氣體,活塞與缸壁的摩擦可忽略不計,活塞的截面積S=100 cm2.活塞與水平平臺上的物塊A用水平輕桿連接,在平臺上有另一物塊B,A,B的質(zhì)量均為m=62.5 kg,物塊與平臺間的動摩擦因數(shù)μ=0.8.兩物塊間距為d=10 cm.開始時活塞距缸底L1=10 cm,缸內(nèi)氣體壓強p1等于外界大氣壓強p0=1×105 Pa,溫度t1=27 ℃.現(xiàn)對汽缸內(nèi)的氣體緩慢加熱(g=10 m/s2),求: ①物塊A開始移動時,汽缸內(nèi)的溫度; ②物塊B開始移動時,汽缸內(nèi)的溫度. 解析:(1)分子做永不停息的無規(guī)則運動,分子運動的平均速度不可能為零,瞬時速度有可能為零,故A錯誤;液體與大氣相接觸,表面層內(nèi)分子間距較大,分子力表現(xiàn)為引力,故B正確;空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示,故C錯誤;晶體和非晶體通過外界干預(yù)可以相互轉(zhuǎn)化,如把晶體硫加熱熔化(溫度超過300 ℃)再倒進冷水中,會變成柔軟的非晶硫,再過一段時間又會轉(zhuǎn)化為晶體,故D正確;隨著分子間距增大,分子間引力和斥力均減小,若分子力表現(xiàn)為引力,分子力做負功,分子勢能增大,故E正確. (2)①物塊A開始移動前氣體做等容變化,則有 p2=p0+=1.5×105 Pa, 由查理定律有=,解得T2=T1=450 K. ②物塊A開始移動后,氣體做等壓變化,到A與B剛接觸時,p3=p2=1.5×105 Pa;V3=(L1+d)S 由蓋—呂薩克定律有=,解得T3=T2=900 K, 之后氣體又做等容變化,設(shè)物塊A和B一起開始移動時氣體的溫度 為T4 p4=p0+=2.0×105 Pa;V4=V3 由查理定律有=,解得T4=T3=1 200 K. 答案:(1)BDE　 (2)①450 K?、? 200 K 6、(多選)如圖甲所示，質(zhì)量m＝3.0×10－3 kg的“”形金屬細框豎直放置在兩水銀槽中，“”形框的水平細桿CD長l＝0.20 m，處于磁感應(yīng)強度大小B1＝1.0 T、方向水平向右的勻強磁場中．有一匝數(shù)n＝300匝、面積S＝0.01 m2的線圈通過開關(guān)K與兩水銀槽相連．線圈處于與線圈平面垂直、沿豎直方向的勻強磁場中，其磁感應(yīng)強度B2隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示．t＝0.22 s時閉合開關(guān)K瞬間細框跳起(細框跳起瞬間安培力遠大于重力)，跳起的最大高度h＝0.20 m．不計空氣阻力，重力加速度g＝10 m/s2，下列說法正確的是(　　) A．0～0.10 s內(nèi)線圈中的感應(yīng)電動勢大小為3 V B．開關(guān)K閉合瞬間，CD中的電流方向由C到D C．磁感應(yīng)強度B2的方向豎直向下 D．開關(guān)K閉合瞬間，通過細桿CD的電荷量為0.03 C 解析：選BD.0～0.1 s內(nèi)線圈中的磁場均勻變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝n＝nS，代入數(shù)據(jù)得E＝30 V，A錯．開關(guān)閉合瞬間，細框會跳起，可知細框受向上的安培力，由左手定則可判斷電流方向由C到D，B對．由于t＝0.22 s時通過線圈的磁通量正在減少，再對線圈由楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場的方向與B2的方向相同，故再由安培定則可知C錯誤．K閉合瞬間，因安培力遠大于重力，則由動量定理有B1IlΔt＝mv，通過細桿的電荷量Q＝IΔt，線框向上跳起的過程中v2＝2gh，解得Q＝0.03 C，D對． 7、如圖所示，在真空室中有一水平放置的不帶電平行板電容器，板間距離為d，電容為C，上板B接地．現(xiàn)有大量質(zhì)量均為m、帶電量均為q的小油滴，以相同的初速度持續(xù)不斷地從兩板正中間沿圖中虛線所示方向射入，第一滴油滴正好落到下板A的正中央P點．如果能落到A板的油滴僅有N滴，且第N＋1滴油滴剛好能飛離電場，假定落到A板的油滴的電量能被板全部吸收，不考慮油滴間的相互作用，重力加速度為g，則以下說法錯誤的是(　　) A．落到A板的油滴數(shù)N＝ B．落到A板的油滴數(shù)N＝ C．第N＋1滴油滴通過電場的整個過程所增加的動能等于 D．第N＋1滴油滴通過電場的整個過程所減少的機械能等于 【答案】A 中：E=＝＝，得：a=g-，第（N+1）粒子做勻變速曲線運動，豎直方向有：y=，第（N+1）滴油滴剛好能飛離電場，則有關(guān)系：y=，聯(lián)立以上公式得：N=，故A錯誤，B正確；由動能定理W合＝mg－qE，代入數(shù)據(jù)得：W合＝，故C對；克服電場力做的功等于油滴減少的機械能，W電＝qE＝，故D對． 8、如圖所示，傾角為θ的斜面體c置于水平地面上，小物塊b置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與沙漏斗a連接，連接b的一段細繩與斜面平行．在a中的沙子緩慢流出的過程中，a、b、c都處于靜止?fàn)顟B(tài)，則 A. b對c的摩擦力一定減小 B. b對c的摩擦力方向平行斜面向上 C. 地面對c的摩擦力方向一定水平向左 D. 地面對c的支持力保持不變 【來源】【全國百強?！可轿魇√械谖逯袑W(xué)2018屆高三下學(xué)期第二次模擬考試（5月）物理試題 【答案】 C 【解析】設(shè)a、b的重力分別為Ga、Gb，若Ga＜Gbsinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向上，根據(jù)平衡條件，有：f=Gbsinθ-Ga，在a中的沙子緩慢流出的過程中，Ga減小，故摩擦力增加；若Ga＞Gbsinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向下，根據(jù)平衡條件，有：f=Ga-Gbsinθ，在a中的沙子緩慢流出的過程中，Ga減小，故摩擦力減??；若Ga=Gbsinθ，此時f=0，在a中的沙子緩慢流出的過程中，減小，f沿斜面向上，不斷減小，故AB錯誤；以bc整體為研究對象，分析受力如圖 【點睛】b受到c的摩擦力不一定為零，與兩物體的重力、斜面的傾角有關(guān)．對bc整體研究，由平衡條件分析水平面對c的摩擦力方向和支持力的大?。? 二、非選擇題 1、如圖所示，長l＝1 m的輕質(zhì)細繩上端固定，下端連接一個可視為質(zhì)點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角θ＝37°.已知小球所帶電荷量q＝1.0×10－6 C，勻強電場的場強E＝3.0×103 N/C，取重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求： (1)小球所受電場力F的大??； (2)小球的質(zhì)量m； (3)將電場撤去，小球回到最低點時速度v的大?。? 解析：(1)F＝qE＝3.0×10－3 N (2)由＝tan 37°得m＝4.0×10－4 kg (3)由mgl(1－cos 37°)＝mv2 得v＝＝2.0 m/s 答案：(1)3.0×10－3 N　(2)4.0×10－4 kg　(3)2.0 m/s 2．(2017·河南高考預(yù)測卷)如圖甲所示，相距L＝1 m、電阻不計的兩根長金屬導(dǎo)軌，各有一部分在同一水平面上，另一部分在同一豎直面內(nèi)．質(zhì)量均為m＝50 g、電阻均為R＝1.0 Ω的金屬細桿ab、cd與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，桿與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5.整個裝置處于磁感應(yīng)強度B＝1.0 T、方向豎直向上的勻強磁場中，ab桿在水平拉力F作用下沿導(dǎo)軌向右運動，cd桿固定在某位置．現(xiàn)在釋放cd桿并開始計時，cd桿的vcd－t圖象如圖乙所示，已知在0～1 s和2～3 s內(nèi)，圖線為直線．取g＝10 m/s2. (1)求在0～1 s內(nèi)通過cd桿中的電流； (2)若已知ab桿在1 s～2 s內(nèi)做勻加速直線運動，求1 s～2 s時間內(nèi)拉力F隨時間t變化的關(guān)系式． 解析：(1)在0～1 s內(nèi)，cd桿的vcd－t圖線為傾斜直線，因此cd桿做勻變速直線運動，加速度為： a1＝＝4.0 m/s2 因此cd桿受向上的摩擦力作用，其受力圖如圖所示． 根據(jù)牛頓第二定律，有： mg－Ff＝ma 其中Ff＝μFN＝μFA＝μBIL 因此回路中的電流為：I＝＝0.6 A (2)在0～1 s內(nèi)，設(shè)ab桿產(chǎn)生的電動勢為E， 則：E＝BLv1 由閉合電路歐姆定律知：I＝ v1＝＝1.2 m/s 則ab桿的速度為：v1＝＝1.2 m/s 在2～3 s內(nèi)，由圖象可求出cd桿的加速度為： a2＝－4 m/s2 同理可求出ab桿的速度： v2＝＝2.8 m/s 在1～2 s內(nèi)，ab桿做勻加速運動，則加速度為： a＝＝1.6 m/s2 I′＝ 對ab桿，根據(jù)牛頓第二定律有：F－μmg－BI′L＝ma ab桿在t時刻的速度：v＝v1＋a(t－1) 回路中的電流：I′＝ 聯(lián)立可得：F＝0.8t＋0.13 答案：(1)在0～1 s內(nèi)通過cd桿中的電流0.6 A (2)這段時間內(nèi)拉力F隨時間t變化的關(guān)系式為：F＝0.8t＋0.13 9