2018-2019版高中數(shù)學 第二講 講明不等式的基本方法 一 比較法學案 新人教A版選修4-5.docx
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一 比較法 學習目標 1.理解比較法證明不等式的理論依據(jù).2.掌握利用比較法證明不等式的一般步驟.3.體會比較法所體現(xiàn)的轉(zhuǎn)化與化歸的數(shù)學思想方法. 知識點一 作差比較法 思考 比差法的理論依據(jù)是什么? 答案 a>b?a-b>0;a=b?a-b=0;a<b?a-b<0. 梳理 作差比較法 (1)作差比較法的理論依據(jù):a-b>0?a>b;a-b<0?a<b;a-b=0?a=b. (2)作差比較法解題的一般步驟:①作差;②變形整理;③判定符號;④得出結(jié)論. 其中變形整理是解題的關(guān)鍵,變形整理的目的是為了能夠直接判定與0的大小關(guān)系,常用的方法:因式分解,配方,通分,分子或分母有理化等. 知識點二 作商比較法 思考1 對于兩個正數(shù)a,b,若>1,能夠判斷a,b的大小嗎? 答案 能,根據(jù)不等式的性質(zhì)知,對于正數(shù)a,b,>1?a>b. 思考2 類比作差比較法,請談談作商比較法. 答案 對于正數(shù)a,b,>1?a>b;=1?a=b;<1 ?a<b. 梳理 (1)作商比較法:若a>0,b>0,要證明a>b,只要證明>1;要證明b>a,只要證明<1.這種證明不等式的方法,叫做作商比較法. (2)作商比較法的理論依據(jù)是不等式的基本性質(zhì): ①b>0,若>1,則a>b;若<1,則a<b; ②b<0,若>1,則a<b;若<1,則a>b. (3)作商比較法解題的一般步驟:①判定a,b符號;②作商;③變形整理;④判定與1的大小關(guān)系;⑤得出結(jié)論. 類型一 作差比較法證明不等式 例1 已知正數(shù)a,b,c成等比數(shù)列,求證:a2-b2+c2≥(a-b+c)2. 證明 因為正數(shù)a,b,c成等比數(shù)列, 所以b2=ac,b=, 又(a2-b2+c2)-(a-b+c)2 =a2-b2+c2-a2-b2-c2+2ab-2ac+2bc =2ab-4b2+2bc=2b(a-2b+c) =2b(-)2≥0, 所以a2-b2+c2≥(a-b+c)2. 反思與感悟 作差比較法的關(guān)鍵是作差后的變形,一般通過分解因式或?qū)⒉钍睫D(zhuǎn)化為積商式,以便與0比較大?。? 跟蹤訓練1 已知a≥1,求證:-<-. 證明 ∵(-)-(-) =- =<0, ∴-<-. 類型二 作商比較法證明不等式 例2 已知a>0,b>0,求證:aabb≥. 證明 因為aabb>0,>0, 所以==. 當a=b時,顯然有=1; 當a>b>0時,>1,>0, 所以由指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性可知,>1; 當b>a>0時,0<<1,<0, 所以由指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性可知,>1. 綜上可知,對任意實數(shù)a,b,都有aabb≥. 引申探究 1.若a>0,b>0,求證:≥abba. 證明 因為abba>0,>0, 所以 所以當a=b時,顯然有 當a>b>0時,>1,<0, 由指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性, 可得<0=1; 當b>a>0時,0<<1,>0, 由指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性, 可得<0=1, 綜上可知,對任意a>0,b>0,都有abba≤. 2.當a>0,b>0時,比較aabb與abba的大小. 解 由例2和探究1知,aabb≥≥abba. 反思與感悟 作商比較法證明不等式的一般步驟 (1)作商:將不等式左右兩邊的式子進行作商. (2)變形:化簡商式到最簡形式. (3)判斷:判斷商與1的大小關(guān)系,也就是判斷商大于1或小于1或等于1. (4)得出結(jié)論. 跟蹤訓練2 已知a>0,b>0,求證:+≥+. 證明 ∵=+=+= =. 又∵a2+b2≥2ab, ∴≥=1, 當且僅當a=b>0時取等號, ∴+≥+. 類型三 比較法的應用 例3 證明:若a,b,m都是正數(shù),并且a<b,則>(糖水不等式). 證明?。? ∵a,b,m都是正數(shù),且a<b, ∴b-a>0,b(b+m)>0, ∴>0,即->0, ∴>. 反思與感悟 比較法理論上便于理解,實用時便于操作,故應用比較廣泛. 跟蹤訓練3 甲、乙二人同時同地沿同一路線走到同一地點,甲有一半時間以速度m行走,另一半以速度n行走;乙有一半路程以速度m行走,另一半路程以速度n行走.如果m≠n,問甲、乙二人誰先到達指定地點? 解 設從出發(fā)地點至指定地點的路程為s,甲、乙二人走完這段路程所用的時間分別為t1,t2,依題意有 m+n=s,+=t2. ∴t1=,t2=, ∴t1-t2=- ==-. 其中s,m,n都是正數(shù),且m≠n, ∴t1-t2<0,即t1<t2.從而知甲比乙先到達指定地點. 1.已知不等式:①x2+3>2x(x∈R+);②a5+b5>a3b2+a2b3(a,b∈R+);③a2+b2≥2(a-b-1).其中正確的個數(shù)為( ) A.0B.1C.2D.3 答案 C 解析?、賦2+3-2x=(x-1)2+2>0,故①正確; ②取a=b=1,則a5+b5=2,a3b2+a2b3=2,故②不正確;③a2+b2-2(a-b-1)=(a-1)2+(b+1)2≥0,故③正確. 2.<1成立的充要條件是( ) A.a(chǎn)>1 B.a(chǎn)<0 C.a(chǎn)≠0 D.a(chǎn)>1或a<0 答案 D 解析?。??-1<0?<0?a<0或a>1. 3.若x,y∈R,記w=x2+3xy,u=4xy-y2,則( ) A.w>u B.w<u C.w≥u D.無法確定 答案 C 解析 ∵w-u=x2-xy+y2=2+≥0, ∴w≥u. 4.a(chǎn),b都是正數(shù),P=,Q=,則P,Q的大小關(guān)系是( ) A.P>Q B.P<Q C.P≥Q D.P≤Q 答案 D 解析 ∵a,b都是正數(shù), ∴P>0,Q>0, ∴P2-Q2=2-()2 =≤0.(當且僅當a=b時取等號) ∴P2-Q2≤0,∴P≤Q. 5.設a>b>0,求證:>. 證明 方法一 - = =>0(∵a>b>0), ∴原不等式成立. 方法二 ∵a>b>0,∴a2>b2>0. ∴左邊>0,右邊>0. ∴==1+>1.∴原不等式成立. 1.作差比較法證明不等式的技巧 (1)作差比較法中,變形具有承上啟下的作用,變形的目的在于判斷差的符號,而不用考慮差能否化簡或值是多少. (2)變形所用的方法要具體情況具體分析,可以配方,可以因式分解,可以運用一切有效的恒等變形的方法. (3)因式分解是常用的變形手段,為了便于判斷差式的符號,常將差式變形為一個常數(shù),或幾個因式積的形式,當所得的差式是某字母的二次三項式時,常用判別式法判斷符號. 2.適用作商比較法證明的不等式的特點 適合欲證的不等式兩端是乘積形式、冪指數(shù)的不等式或某些不同底數(shù)對數(shù)值的大小比較. 一、選擇題 1.設a,b∈R+,且a≠b,若P=+,Q=a+b,則( ) A.P≥Q B.P>Q C.P≤Q D.P<Q 答案 B 解析 P-Q=+-a-b=+=.因為a,b∈R+,且a≠b,所以P-Q>0. 2.已知a>b>-1,則與的大小關(guān)系為( ) A.> B.< C.≥ D.≤ 答案 B 解析 ∵-=<0, ∴<. 3.已知a>b>0,c>d>0,m=-,n=,則m與n的大小關(guān)系是( ) A.m<n B.m>n C.m≥n D.m≤n 答案 C 解析 m2-n2=(ac-2+bd)-(ac+bd-ad-bc) =ad-2+bc=(-)2≥0, ∴m2≥n2.又m>0,n>0,∴m≥n. 4.當a<b<0時,下列關(guān)系式中成立的是( ) A.< B.lgb2<lga2 C.>1 D.> 答案 B 解析 方法一 取特殊值a=-4,b=-1,則選項A,C,D不正確,選項B正確,故選B. 方法二 ∵a<b<0,∴a2>b2. 而函數(shù)y=lgx(x>0)為增函數(shù), ∴l(xiāng)gb2<lga2,B項正確. 5.已知a>0,且a≠1,P=loga(a3+1),Q=loga(a2+1),則P,Q的大小關(guān)系是( ) A.P>Q B.P<Q C.P=Q D.大小不確定 答案 A 解析 P-Q=loga(a3+1)-loga(a2+1)=loga. 當0<a<1時,0<a3+1<a2+1,則0<<1, ∴l(xiāng)oga>0,即P-Q>0.∴P>Q. 當a>1時,a3+1>a2+1>0,>1, ∴l(xiāng)oga>0,即P-Q>0.∴P>Q. 綜上可知,P>Q. 6.已知a>b>0且ab=1,設c=,P=logca,N=logcb,M=logc(ab),則( ) A.P<M<N B.M<P<N C.N<P<M D.P<N<M 答案 A 解析 令a=2,b=,則c==, 則M=logc(ab)=0,P=log2<0,N=log>0, ∴P<M<N. 二、填空題 7.設a>b>c>0,x=,y=,z=,則x,y,z的大小關(guān)系為________. 答案 x<y<z 解析 ∵a>b>c>0, ∴x>0,y>0,z>0. 而x2-y2=a2+b2+2bc+c2-(b2+c2+2ac+a2) =2bc-2ac=2c(b-a)<0, ∴x2<y2,即x<y; 又y2-z2=b2+(c+a)2-[c2+(a+b)2] =2ac-2ab=2a(c-b)<0, ∴y<z.∴x<y<z. 8.已知a>0,0<b<1,a-b>ab,則與的大小關(guān)系是________. 答案?。? 解析 ∵a>0,0<b<1,a-b>ab, ∴(1+a)(1-b)=1+a-b-ab>1. 從而=>1, ∴>. 9.某家電廠家為了打開市場,促進銷售,準備對其生產(chǎn)的某種型號的彩電進行降價銷售,現(xiàn)有四種降價方案: (1)先降價a%,再降價b%; (2)先降價b%,再降價a%; (3)先降價%,再降價%; (4)一次性降價(a+b)%. 其中a>0,b>0,且a≠b,則上述四種方案中,降價幅度最小的是________. 答案 方案(3) 解析 設降價前彩電的價格為1,按四種方案降價后彩電的價格依次為x1,x2,x3,x4, 則x1=(1-a%)(1-b%)=1-(a+b)%+a%b%; x2=(1-b%)(1-a%)=x1; x3==1-(a+b)%+2; x4=1-(a+b)%<1-(a+b)%+a%b%=x1=x2. 又x3-x1=2-a%b%>0, ∴x3>x1=x2>x4.故降價幅度最小的是方案(3). 三、解答題 10.設a,b為非負實數(shù),求證:a3+b3≥(a2+b2). 證明 由a,b是非負實數(shù),作差得 a3+b3-(a2+b2)=a2(-)+b2(-)=(-)[()5-()5]. 當a≥b時,≥, 從而()5≥()5, 則(-)[()5-()5]≥0; 當a<b時,<,從而()5<()5, 則(-)[()5-()5]>0, 所以a3+b3≥(a2+b2). 11.已知b,m1,m2都是正數(shù),a<b,m1<m2, 求證:<. 證明?。? = = =. 因為b>0,m1>0,m2>0, 所以(b+m1)(b+m2)>0. 又a<b,m1<m2, 所以a-b<0,m2-m1>0, 從而(a-b)(m2-m1)<0. 于是<0, 所以<. 12.已知函數(shù)f(x)=|x-1|+|x+1|,P為不等式f(x)>4的解集. (1)求P; (2)證明:當m,n∈P時,|mn+4|>2|m+n|. (1)解 f(x)=|x-1|+|x+1|= 由f(x)>4,得x>2或x<-2. 所以不等式f(x)>4的解集P={x|x>2或x<-2}. (2)證明 由(1)可知|m|>2,|n|>2,所以m2>4,n2>4,(mn+4)2-4(m+n)2=(m2-4)(n2-4)>0, 所以(mn+4)2>4(m+n)2, 所以|mn+4|>2|m+n|. 13.若實數(shù)x,y,m滿足|x-m|<|y-m|,則稱x比y接近m.對任意兩個不相等的正數(shù)a,b,證明:a2b+ab2比a3+b3接近2ab. 證明 因為a>0,b>0,且a≠b, 所以a2b+ab2>2ab,a3+b3>2ab. 所以a2b+ab2-2ab>0,a3+b3-2ab>0. 所以|a2b+ab2-2ab|-|a3+b3-2ab| =a2b+ab2-2ab-a3-b3+2ab =a2b+ab2-a3-b3=a2(b-a)+b2(a-b) =(a-b)(b2-a2)=-(a-b)2(a+b)<0, 所以|a2b+ab2-2ab|<|a3+b3-2ab|, 所以a2b+ab2比a3+b3接近2ab. 四、探究與拓展 14.已知a>2,求證:loga(a-1)<log(a+1)a. 證明 ∵a>2, ∴a-1>1,∴l(xiāng)oga(a-1)>0, log(a+1)a>0. 由于=loga(a-1)loga(a+1)<2 =2. ∵a>2, ∴0<loga(a2-1)<logaa2=2. ∴2<2=1. 即<1. ∵log(a+1)a>0, ∴l(xiāng)oga(a-1)<log(a+1)a.- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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