高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題31分模擬小卷（打包8套）.zip

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C．若力傳感器的示數(shù)變大，則電源的右端一定為正極 D．若力傳感器的示數(shù)變?yōu)橥娭睂?dǎo)線重力的一半，則通電直導(dǎo)線所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小一定為 解析　閉合開關(guān)后，通電螺線管在周圍產(chǎn)生磁場，通電螺線管在通電直導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場方向水平，故A錯誤；由于通電螺線管在通電直導(dǎo)線處產(chǎn)生的磁場方向水平，故安培力方向一定豎直向上或豎直向下，B錯誤；若力傳感器的示數(shù)變大，說明通電直導(dǎo)線受到豎直向下的安培力作用，由左手定則可知，此處磁場方向水平向右，由安培定則可知，電源的左端為正極，C錯誤；若力傳感器的示數(shù)變?yōu)閷?dǎo)線重力的一半，說明導(dǎo)線受到的安培力方向豎直向上，且大小等于導(dǎo)線重力的一半，則有BIl＝G，可得B＝，D正確。 答案　D 4．固定的斜面傾角為30°，一個質(zhì)量為m的物體以速度v0從斜面頂端滑下，其加速度大小為，則下滑過程中正確的是(　　) A．物體動能一定增加 B．物體受到的摩擦力一定沿斜面向上 C．物體機(jī)械能一定增加 D．物體受到的合外力一定沿斜面向下 解析　物體沿斜面下滑，即相對斜面運動方向向下，故斜面對其的摩擦力的方向沿斜面向上，選項B正確；由于摩擦力的方向與運動方向相反，即摩擦力做負(fù)功，則物體的機(jī)械能減小，選項C錯誤；假設(shè)加速度方向沿斜面向下，物體加速下滑，由牛頓第二定律可得mgsin 30°－f＝ma，解得f＝mg，假設(shè)成立；假設(shè)加速度方向沿斜面向上，物體減速下滑，由牛頓第二定律可得f′－mgsin 30°＝ma′，解得f′＝mg，假設(shè)也成立，故選項A、D錯誤。 答案　B 5．如圖2所示，長木板上放有質(zhì)量分別為m和M的兩個物塊，其中質(zhì)量為M的物塊表面粗糙，質(zhì)量為m的物塊表面光滑，兩物塊間用一小段輕彈簧相連，它們在木板上均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將木板下面的墊塊緩慢向右移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)物塊M在木板上的位置未發(fā)生改變，則下列說法正確的是(　　) 圖2 A．物塊M所受的摩擦力不變 B．物塊M對木板的壓力變小 C．彈簧的彈力變小 D．兩物塊對木板的作用力的合力變大 答案　C 二、多項選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。) 6.如圖3所示，虛線為某電場中的三條電場線1、2、3，實線表示某帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，則下列說法中正確的是(　　) 圖3 A．粒子在a點的加速度小于在b點的加速度 B．粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能 C．粒子在a點的速度大于在b點的速度 D．a(chǎn)點的電勢高于b點的電勢 解析　由題圖知a處電場線比b處稀疏，即EaFT′，選項C錯誤；當(dāng)細(xì)線2剛好伸直時，有FT′＝0，角速度ω＝2 rad/s，物體P做圓周運動的半徑r＝lsin 60°，由動能定理可得：WT＋WG＝ΔEk，又因為WG＝－mglsin 30°，ΔEk＝mω2r2，三式聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)求解可得WT＝6.25 J，由功能關(guān)系知ΔE＝WT，所以選項D正確。 答案　BD 5 選擇題31分模擬小卷(二) 一、單項選擇題(本題共5小題，每小題3分，共計15分。每小題只有一個選項符合題意。) 1．水平方向的兩個相互垂直的力F1和F2作用在箱子同一位置，使箱子在水平粗糙的地面上移動一段距離，若力F1對箱子做了300 J功，力F2對箱子做了400 J功，則力F1與F2的合力對箱子做的功(　　) A．等于500 J B．等于700 J C．大于500 J D．大于700 J 解析　合力對物體做功等于各分力單獨對物體做的功的代數(shù)和，所以選項B正確。 答案　B 2．(2016·上海單科，5)磁鐵在線圈中心上方開始運動時，線圈中產(chǎn)生如圖方向的感應(yīng)電流，則磁鐵(　　) 圖1 A．向上運動 B．向下運動 C．向左運動 D．向右運動 解析　由于條形磁鐵的N極在下面，因此磁鐵提供的磁場穿過線圈的磁通量的方向向下，由于磁鐵的運動，線圈中磁通量變化，產(chǎn)生如題圖方向的電流，由安培定則可以確定線圈中感應(yīng)電流產(chǎn)生的感應(yīng)磁場方向向上，與磁鐵產(chǎn)生的磁場方向相反，由楞次定律可知磁鐵產(chǎn)生的磁場通過線圈的磁通量的大小增加，因此磁鐵向下運動，B項正確。 答案　B 3.如圖2所示，一物體靜止在水平地面上，從t＝0時刻開始用水平向右的拉力F拉物體，經(jīng)t0時間運動到A點，再經(jīng)T和2T時間運動到B點和C點，若A、B、C三點間距滿足BC＝2AB，則(　　) 圖2 A．t0＝T B．t0＝T C．t0＝T D．t0＝T 解析　根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律得vA＝at0，xAB＝vAT＋aT2，xAC＝vA·2T＋a(2T)2，又xAC＝xAB＋xBC＝3xAB，聯(lián)立各式解得t0＝T，選項A正確，B、C、D錯誤。 答案　A 4．水平邊界MN上方有一垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，a、b兩帶電粒子所帶的電荷量分別是q1、q2，以相同速度從邊界上O點垂直進(jìn)入磁場，它們的運動軌跡如圖3所示，軌道半徑分別為r1、r2，且r1∶r2＝2∶3。下列說法正確的是(　　) 圖3 A．a(chǎn)帶負(fù)電、b帶正電，比荷之比為∶＝2∶3 B．a(chǎn)帶正電、b帶負(fù)電，比荷之比為∶＝2∶3 C．a(chǎn)帶負(fù)電、b帶正電，比荷之比為∶＝3∶2 D．a(chǎn)帶正電、b帶負(fù)電，比荷之比為∶＝3∶2 解析　在O點射入磁場時，a受到向左的洛倫茲力，b受到向右的洛倫茲力，由左手定則判斷a帶負(fù)電荷、b帶正電荷；由r＝得＝，所以∶＝3∶2，則選項C正確。 答案　C 5.如圖4所示，一輛小車靜置在水平地面上，用一條遵守胡克定律的橡皮筋將小球P懸掛于車頂O點，在O點正下方有一光滑小釘A，它到O點的距離恰好等于橡皮筋原長l0?，F(xiàn)使小車從靜止開始向右做加速度逐漸增大的直線運動，在此運動過程中(橡皮筋始終在彈性限度內(nèi))，小球的高度(　　) 圖4 A．保持不變 B．逐漸降低 C．逐漸升高 D．升高或降低由橡皮筋的勁度系數(shù)決定 解析　小車靜止時，對小球有FT1＝mg，彈簧的伸長量x1＝，即小球與懸掛點的距離為l1＝l0＋；當(dāng)小車的加速度穩(wěn)定在一定值時FT2cos α＝mg，F(xiàn)T2sin α＝ma，解得FT2＝，彈簧的伸長量x2＝，則小球與懸掛點的豎直方向的距離為l2＝l0＋·cos α＝l0＋＝l1，可見小球在豎直方向上到懸掛點的距離與加速度無關(guān)，是不變的，選項A正確。 答案　A 二、多項選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。) 6.假設(shè)宇宙中有兩顆相距無限遠(yuǎn)的行星A和B，半徑分別為RA和RB。這兩顆行星周圍衛(wèi)星的軌道半徑的三次方(r3)與運行周期的平方(T2)的關(guān)系如圖5所示；T0為衛(wèi)星環(huán)繞行星表面運行的周期。則(　　) 圖5 A．行星A的質(zhì)量小于行星B的質(zhì)量 B．行星A的密度小于行星B的密度 C．行星A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度 D．當(dāng)兩行星的衛(wèi)星軌道半徑相同時，行星A的衛(wèi)星向心加速度小于行星B的衛(wèi)星向心加速度 解析　由設(shè)行星質(zhì)量為M，衛(wèi)星繞行星運動的半徑為r，周期為T，衛(wèi)星質(zhì)量為m，則有＝，r3＝T2，則圖象的斜率為，從圖象可看出A的質(zhì)量大，所以A錯誤；兩“近地”衛(wèi)星的周期相同，則兩者的密度為ρ＝相同，則B錯誤；第一宇宙速度是“近地”衛(wèi)星的運行速度v＝，A的半徑大于B的半徑，則A的第一宇宙速度大于B的第一宇宙速度，則C正確；由an＝，A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量，所以A的衛(wèi)星向心加速度大于B的衛(wèi)星向心加速度，D錯誤。 答案　AC 7.如圖6所示，N、P是光滑絕緣水平面上的兩點，O為P點正上方的一點，虛線ON和OP之間的夾角θ＝60°，M為ON的中點，O點固定著一個點電荷Q。在N點，由靜止釋放一個可視為質(zhì)點的帶電小球，發(fā)現(xiàn)小球只能在水平面上運動。下列說法正確的是(　　) 圖6 A．在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，M點和P點的電場強(qiáng)度大小相同 B．在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，N、P兩點間的電勢差大于N、M兩點間的電勢差 C．小球可能做勻變速直線運動 D．若小球能經(jīng)過P點，則它在N點的電勢能一定大于在P點的電勢能 解析　由點電荷的場強(qiáng)公式E＝k，可得M、P兩點的電場強(qiáng)度大小相同，方向不相同，選項A正確；由φ＝k可知M、P兩點在同一個等勢面上，所以N、P兩點間的電勢差等于N、M兩點間的電勢差，選項B錯誤；由點電荷場強(qiáng)公式E＝k，可知小球受到的電場力大小發(fā)生變化，不是勻變速直線運動，選項C錯誤；小球由靜止釋放，從N向P運動時，電場力一定做正功，電勢能一定減小，所以N點的電勢能一定大于P點的電勢能，選項D正確。 答案　AD 8．如圖7甲所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2＝10∶1，原線圈輸入的交流電壓如圖乙所示，副線圈電路接有滑動變阻器R和額定電壓為12 V、內(nèi)阻為2 Ω的電動機(jī)。閉合開關(guān)，電動機(jī)正常工作，電流表示數(shù)為1 A。則(　　) 圖7 A．副線圈兩端電壓為22 V B．電動機(jī)輸出的機(jī)械功率為10 W C．通過電動機(jī)的交流電頻率為50 Hz D．突然卡住電動機(jī)，原線圈輸入功率變小 解析　輸入電壓最大值為220 V，則有效值U1＝ V＝220 V，U2＝U1＝22 V，故A錯誤；輸出的機(jī)械功率P＝UI2－IRM＝12×1 W－12×2 W＝10 W，故B正確；由乙圖知周期為0.02 s，則f＝＝50 Hz，故C正確；卡住電動機(jī)，副線圈電路中的電流增大，變壓器的輸出功率增加，則原線圈輸入功率增加，故D錯誤。 答案　BC 9．如圖8所示，將質(zhì)量M＝1 kg的重物B懸掛在輕繩的一端，并放置在傾角為30°、固定在水平地面的斜面上，輕繩平行于斜面，B與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝。輕繩跨過質(zhì)量不計的光滑定滑輪，其另一端系一質(zhì)量m＝0.5 kg的小圓環(huán)A。圓環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上，滑輪中心與直桿的距離為L＝4 m?，F(xiàn)將圓環(huán)A從與定滑輪等高處由靜止釋放，不計空氣阻力，直桿和斜面足夠長，取g＝10 m/s2。下列判斷正確的是(　　) 圖8 A．圓環(huán)下降的過程中，輕繩的張力大小始終等于10 N B．圓環(huán)能下降的最大距離為Hm＝ m C．圓環(huán)速度最大時，輕繩與直桿的夾角為30° D．若增加圓環(huán)質(zhì)量使m＝1 kg，再重復(fù)題述過程，則圓環(huán)在下降過程中，重力做功的功率一直在增大 解析　隨著A圓環(huán)下滑，B物體先向上加速，后向上減速，所以繩子的拉力會發(fā)生變化，不是始終等于10 N，可得A錯誤；由能量守恒可知，當(dāng)A下降到最低點時，A減少的重力勢能轉(zhuǎn)化成B增加的重力勢能和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，設(shè)A下降的最大距離為Hm，由能量守恒可得mgHm＝Mg(－L)sin 30°＋μMgcos 30°(－L)，解得Hm＝ m，可得B正確；圓環(huán)A速度最大時，重物B的速度也是最大，都是受力平衡，設(shè)輕繩與直桿的夾角為α，對圓環(huán)A受力分析得mg＝(Mgsin 30°＋μMg·cos 30°)cos α，解得α＝60°，可得C錯誤；若使圓環(huán)的質(zhì)量為1 kg，則圓環(huán)在下降時一直做加速運動，速度一直增大，由功率公式P＝Fv＝mgv知，重力做功的功率一直在增大，可得D正確。 答案　BD 5 選擇題31分模擬小卷(八) 一、單項選擇題(本題共5小題，每小題3分，共計15分。每小題只有一個選項符合題意。) 1．如圖1所示是人們短途出行、購物的簡便雙輪小車，若小車在勻速行駛的過程中支架與水平方向的夾角保持不變，不計貨物與小車間的摩擦力，則貨物對桿A、B的壓力大小之比FA∶FB為(　　) 圖1 A．1∶ B.∶1 C．2∶1 D．1∶2 解析　以貨物為研究對象進(jìn)行受力分析，如圖所示，利用力的合成法可得 tan 30°＝，根據(jù)牛頓第三定律可知FB＝FB′，F(xiàn)A＝FA′，解得FA∶FB＝∶1，選項B正確。 答案　B 2．如圖2所示，圖(a)中的變壓器為理想變壓器，其原線圈接到U1＝220 V的交流電源上，副線圈與阻值為R1的電阻接成閉合電路；圖(b)中阻值為R2的電阻直接接到電壓為U1＝220 V的交流電源上，結(jié)果發(fā)現(xiàn)R1與R2消耗的電功率恰好相等，則變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為(　　) 圖2 A．R1∶R2 B．R2∶R1 C.∶ D.∶ 解析　對圖(a)，＝，PR1＝，對圖(b)，PR2＝，根據(jù)題意有PR1＝PR2，聯(lián)立以上各式解得＝。 答案　C 3.如圖3所示，一傾斜的圓筒繞固定軸OO1以恒定的角速度ω轉(zhuǎn)動，圓筒的半徑r＝1.5 m。筒壁內(nèi)有一小物體與圓筒始終保持相對靜止，小物體與圓筒間的動摩擦因數(shù)為(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)，轉(zhuǎn)動軸與水平面間的夾角為60°，重力加速度g取10 m/s2。則ω的最小值是(　　) 圖3 A．1 rad/s B. rad/s C. rad/s D．5 rad/s 解析　由于小物體在圓筒內(nèi)隨圓筒做圓周運動，其向心力由小物體受到的指向圓心(轉(zhuǎn)動軸)的合力提供。在小物體轉(zhuǎn)到最上面時最容易與圓筒脫離，根據(jù)牛頓第二定律，沿半徑方向FN＋mgcos 60°＝mω2r，又沿筒壁方向mgsin 60°≤μFN，解得ω≥ rad/s，要使小物體與圓筒始終保持相對靜止，則ω的最小值是 rad/s，選項C正確。 答案　C 4．(2016·泰州二模)如圖4所示的電路中，L為自感線圈，其直流電阻與電阻R相等，C為電容器，電源內(nèi)阻不可忽略。當(dāng)開關(guān)S由閉合變?yōu)閿嚅_瞬間，下列說法中正確的是(　　) 圖4 A．通過燈A的電流由c到d B．A燈突然閃亮一下再熄滅 C．B燈無電流通過，不可能變亮 D．電容器立即放電 解析　S閉合穩(wěn)定時，通過L的電流和A燈的電流方向均向右，且IL大于IA；當(dāng)開關(guān)S斷開時，自感線圈中將產(chǎn)生自感電動勢阻礙原來電流的減小，因此在由L、A、R組成的閉合電路中，有一順時針方向的電流，且從IL開始逐漸減小，故A燈突然閃亮一下再熄滅，選項A錯，B正確；當(dāng)開關(guān)S斷開時，路端電壓變大，電源繼續(xù)給電容器充電，故B燈中有電流通過，方向從a到b，選項C、D錯。 答案　B 5．如圖5甲所示，固定的粗糙斜面長為10 m，一小滑塊自斜面頂端由靜止開始沿斜面下滑的過程中，小滑塊的動能Ek隨位移x的變化規(guī)律如圖乙所示，取斜面底端的重力勢能為零，小滑塊的重力勢能Ep隨位移x的變化規(guī)律如圖丙所示，重力加速度g＝10 m/s2。根據(jù)上述信息可以求出(　　) 圖5 A．斜面的傾角 B．小滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù) C．小滑塊下滑的加速度的大小 D．小滑塊受到的滑動摩擦力的大小 解析　圖乙是動能－位移圖象(Ek－x圖象)，其斜率的絕對值是小滑塊所受合外力大小F合＝mgsin θ－μmgcos θ，由圖乙可知：F合＝mgsin θ－μmgcos θ＝2.5 N；圖丙是重力勢能－位移圖象(Ep－x圖象)，其斜率的絕對值是小滑塊所受重力沿斜面向下的分量Gx＝mgsin θ，由圖丙可知：Gx＝mgsin θ＝10 N。則可求出小滑塊受到的滑動摩擦力的大小Ff＝μmgcos θ＝7.5 N，D正確。由于滑塊質(zhì)量未知，故其他量均不可求。 答案　D 二、多項選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。) 6．(2016·連云港三模)若貨物隨升降機(jī)運動的v－t圖象如圖6所示(豎直向上為正)，則貨物受到升降機(jī)的支持力F與時間t的關(guān)系圖象可能是(　　) 圖6 解析　由v－t圖知：過程①為向下勻加速直線運動(加速度向下，失重，F(xiàn)mg)；過程④為向上勻加速直線運動(加速度向上，超重，F(xiàn)>mg)；過程⑤為向上勻速直線運動(平衡，F(xiàn)＝mg)；過程⑥為向上勻減速直線運動(加速度向下，失重，F(xiàn)

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