2019屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 高考大題專項(xiàng)練 七 極坐標(biāo)與參數(shù)方程（B）理.doc

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七　極坐標(biāo)與參數(shù)方程(B) 1.(2018順德區(qū)一模)在直角坐標(biāo)系xOy中,曲線C1的參數(shù)方程為x=cosα,y=sinα(α為參數(shù)),曲線C1經(jīng)過坐標(biāo)變換x=2x,y=y后得到的軌跡為曲線C2. (1)求C2的極坐標(biāo)方程; (2)在以O(shè)為極點(diǎn),x軸的正半軸為極軸的極坐標(biāo)中,射線θ=π6與C1的異于極點(diǎn)的交點(diǎn)為A,與C2的異于極點(diǎn)的交點(diǎn)為B,求|AB|. 2.(2018日照二模)在直角坐標(biāo)系xOy中,直線l的方程為x-y-2=0.在以坐標(biāo)原點(diǎn)O為極點(diǎn),x軸的正半軸為極軸建立的極坐標(biāo)系中,曲線Γ:ρcos2θ=ρ-2cos θ. (1)求曲線Γ的直角坐標(biāo)方程; (2)若點(diǎn)P的坐標(biāo)為(-2,-4),直線l和曲線Γ相交于M,N兩點(diǎn),證明:|MN|2=|PM||PN|. 3.(2018六安高三模擬)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,曲線C1過點(diǎn)P(a,1),其參數(shù)方程為x=a+22t,y=1+22t(t為參數(shù),a∈R),以O(shè)為極點(diǎn),x軸非負(fù)半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線C2的極坐標(biāo)方程為ρcos 2θ+ 4cos θ-ρ=0. (1)求曲線C1的普通方程和曲線C2的直角坐標(biāo)方程; (2)若已知曲線C1和曲線C2交于A,B兩點(diǎn),且|PA|=2|PB|,求實(shí)數(shù)a 的值. 4.(2018思明區(qū)校級(jí)模擬)在以坐標(biāo)原點(diǎn)為極點(diǎn),x軸的正半軸為極軸建立的極坐標(biāo)系中,曲線C1的極坐標(biāo)方程為ρ=2,正三角形ABC的頂點(diǎn)都在C1上,且A,B,C依逆時(shí)針次序排列,點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2,0). (1)求點(diǎn)B,C的直角坐標(biāo); (2)設(shè)P是圓C2:x2+(y+3)2=1上的任意一點(diǎn),求|PB|2+|PC|2的取值 范圍. 1.解:(1)曲線C1的參數(shù)方程為x=cosα,y=sinα(α為參數(shù)), 轉(zhuǎn)化為直角坐標(biāo)方程為x2+y2=1, 曲線C1經(jīng)過坐標(biāo)變換x=2x,y=y后得到的軌跡為曲線C2. 即x24+y′2=1, 故C2的直角坐標(biāo)方程為x24+y2=1. 轉(zhuǎn)化為極坐標(biāo)方程為ρ2cos2θ4+ρ2sin2θ=1. (2)曲線C1的參數(shù)方程為x=cosα,y=sinα(α為參數(shù)),轉(zhuǎn)化為極坐標(biāo)方程為ρ1=1, 由題意得到A(1,π6), 將B(ρ2,π6)代入坐標(biāo)方程ρ2cos2θ4+ρ2sin2θ=1. 得到ρ2=477, 則|AB|=|ρ1-ρ2|=477-1. 2.(1)解:因?yàn)棣?ρcos2θ=ρ-2cos θ, 所以ρ-ρcos2θ=2cos θ, 所以ρsin2θ=2cos θ, 所以曲線Γ的直角坐標(biāo)方程為y2=2x. (2)證明:因?yàn)橹本€l的方程為x-y-2=0, 所以定點(diǎn)P(-2,-4)在直線l上, 所以直線l的參數(shù)方程為x=-2+22t,y=-4+22t(t為參數(shù)). 將曲線C的直角坐標(biāo)方程和直線l的參數(shù)方程聯(lián)立, 得t2-102t+40=0(*) 因?yàn)棣?(-102)2-4140=40>0, 所以直線l和曲線Γ相交,設(shè)交點(diǎn)M,N所對(duì)應(yīng)參數(shù)分別為t1,t2, t1+t2=102,t1t2=40, 則|PM|=|t1|,|PN|=|t2|,|MN|=|t1-t2|, 故|MN|2=|t1-t2|2=t12+t22-2t1t2 =(t1+t2)2-4t1t2 =(102)2-4140=40, 又|PM||PN|=|t1||t2|=|t1t2|=40, 所以|MN|2=|PM||PN|. 3.解:(1)C1的參數(shù)方程x=a+22t,y=1+22t(t為參數(shù),a∈R) 消參得普通方程為x-y-a+1=0, C2的極坐標(biāo)方程為ρcos2θ+4cos θ-ρ=0兩邊同乘ρ得ρ2cos2θ+4ρcos θ- ρ2=0 即y2=4x. (2)將曲線C1的參數(shù)方程x=a+22t,y=1+22t(t為參數(shù),a∈R)代入曲線C2:y2=4x得12t2-2t+1-4a=0, 由Δ=(-2)2-412(1-4a)>0,得a>0, 設(shè)A,B對(duì)應(yīng)的參數(shù)分別為t1,t2,由題意得|t1|=2|t2|, 即t1=2t2或t1=-2t2, 當(dāng)t1=2t2時(shí),t1=2t2,t1+t2=22,t1t2=2(1-4a),解得a=136, 當(dāng)t1=-2t2時(shí),t1=-2t2,t1+t2=22,t1t2=2(1-4a),解得a=94, 綜上,a=136或94. 4.解:(1)因?yàn)榍€C1的極坐標(biāo)方程為ρ=2,所以曲線C1的直角坐標(biāo)方程為x2+y2=4, 因?yàn)檎切蜛BC的頂點(diǎn)都在C1上,且A,B,C依逆時(shí)針次序排列,點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2,0), 所以B點(diǎn)的坐標(biāo)為(2cos 120,2sin 120),即B(-1,3), C點(diǎn)的坐標(biāo)為(2cos 240,2sin 240),即C(-1,-3). (2)因?yàn)閳AC2:x2+(y+3)2=1, 所以圓C2的參數(shù)方程x=cosα,y=-3+sinα,0≤α<2π, 設(shè)點(diǎn)P(cos α,-3+sin α),0≤α<2π, 所以|PB|2+|PC|2=(cos α+1)2+(sin α-23)2+(cos α+1)2+sin2α=16+4cos α-43sin α=16+8cos(α+π3), 所以|PB|2+|PC|2的取值范圍是[8,24].