2019-2020年九年級總復習(河北)習題 專題三 開放探究問題.doc
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2019-2020年九年級總復習(河北)習題 專題三 開放探究問題 強化突破 1.(xx綏化)如圖,A,B,C三點在同一條直線上,∠A=∠C=90,AB=CD,請?zhí)砑右粋€適當?shù)臈l件__答案不唯一,如:AE=CB或∠EBD=90等__,使得△EAB≌△BCD. 2.(xx淄博)已知?ABCD,對角線AC,BD相交于點O,請你添加一個適當?shù)臈l件,使?ABCD成為一個菱形,你添加的條件是__答案不唯一,如:AD=CD或AC⊥BD等__. 3.(xx北京)在平面直角坐標系xOy中,對于點P(x,y),我們把點P′(-y+1,x+1)叫做點P的伴隨點.已知點A1的伴隨點為A2,點A2的伴隨點為A3,點A3的伴隨點為A4,…,這樣依次得到點A1,A2,A3,…,An,….若點A1的坐標為(3,1),則點A3的坐標為__(-3,1)__,點Axx的坐標為__(0,4)__;若點A1的坐標為(a,b),對于任意的正整數(shù)n,點An均在x軸上方,則a,b應滿足的條件為__-1<a<1且0<b<2__. 4.(xx武漢)觀察下列一組圖形中點的個數(shù),其中第1個圖中共有4個點,第2個圖中共有10個點,第3個圖中共有19個點,……,按此規(guī)律第5個圖中共有點的個數(shù)是( B ) A.31 B.46 C.51 D.66 5.(xx天門)小文、小亮從學校出發(fā)到青少年宮參加書法比賽,小文步行一段時間后,小亮騎自行車沿相同路線行進,兩人均勻速前行.他們的路程差s(米)與小文出發(fā)時間t(分)之間的函數(shù)關系如圖所示,下列說法:①小亮先到達青少年宮;②小亮的速度是小文速度的2.5倍;③a=24;④b=480.其中正確的是( B ) A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.①②③④ 6.(xx南京)學習了三角形全等的判定方法(即“SAS”“ASA”“AAS”“SSS”)和直角三角形全等的判定方法(即“HL”)后,我們繼續(xù)對“兩個三角形滿足兩邊和其中一邊的對角對應相等”的情形進行研究. 【初步思考】 我們不妨將問題用符號語言表示為:在△ABC和△DEF中,AC=DF,BC=EF,∠B=∠E,然后,對∠B進行分類,可以分為“∠B是直角、鈍角、銳角”三種情況進行探究. 【深入探究】 第一種情況:當∠B為直角時,△ABC≌△DEF. (1)如圖①,在△ABC和△DEF中,AC=DF,BC=EF,∠B=∠E=90,根據(jù)__HL__,可以知道Rt△ABC≌Rt△DEF. 第二種情況:當∠B為鈍角時,△ABC≌△DEF. (2)如圖②,在△ABC和△DEF中,AC=DF,BC=EF,∠B=∠E,且∠B,∠E都是鈍角,求證:△ABC≌△DEF. 第三種情況:當∠B為銳角時,△ABC和△DEF不一定全等. (3)如圖③,在△ABC和△DEF中,AC=DF,BC=EF,∠B=∠E,且∠B,∠E都是銳角,請你用尺規(guī)在圖③中作出△DEF,使△DEF和△ABC不全等.(不寫作法,保留作圖痕跡) (4)∠B還要滿足什么條件,就可以使得△ABC≌△DEF,請直接填寫結(jié)論:在△ABC和△DEF中,AC=DF,BC=EF,∠B=∠E,且∠B,∠E都是銳角,若__∠B≥∠A__,則△ABC≌△DEF. 解:(1)HL (2)如圖,過點C作CG⊥AB交AB的延長線于G,過點F作DH⊥DE交DE的延長線于H,∵∠B=∠E,且∠B,∠E都是鈍角,∴180-∠B=180-∠E,即∠CBG=∠FEH,可證△CBG≌△FEH(AAS),∴CG=FH,可證Rt△ACG≌Rt△DFH(HL),∴∠A=∠D,從而可證△ABC≌△DEF(AAS) (3)如圖,△DEF和△ABC不全等 (4)答案不唯一,如:∠B≥∠A 7.(xx淄博)如圖,四邊形ABCD中,AC⊥BD交BD于點E,點F,M分別是AB,BC的中點,BN平分∠ABE交AM于點N,AB=AC=BD.連接MF,NF. (1)判斷△BMN的形狀,并證明你的結(jié)論; (2)判斷△MFN與△BDC之間的關系,并說明理由. 解:(1)△BMN是等腰直角三角形.證明:∵AB=AC,點M是BC的中點,∴AM⊥BC,AM平分∠BAC.∵BN平分∠ABE,AC⊥BD,∴∠AEB=90,∴∠EAB+∠EBA=90,∴∠MNB=∠NAB+∠ABN=(∠BAE+∠ABE)=45,∴∠MBN=90-∠MNB=45,∴∠MBN=∠MNB,∴△BMN是等腰直角三角形 (2)△MFN∽△BDC.證明:∵點F,M分別是AB,BC的中點,∴FM∥AC,F(xiàn)M=AC.∵AC=BD,∴FM=BD,即=.∵△BMN是等腰直角三角形,∴NM=BM=BC,即=,∴=.∵AM⊥BC,∴∠NMF+∠FMB=90.∵FM∥AC,∴∠ACB=∠FMB.∵∠CEB=90,∴∠ACB+∠CBD=90,∴∠CBD+∠FMB=90,∴∠NMF=∠CBD,∴△MFN∽△BDC 8.(xx陜西)問題探究 (1)請在圖①中作出兩條直線,使它們將圓面四等分; (2)如圖②,M是正方形ABCD內(nèi)一定點,請在圖②中作出兩條直線(要求其中一條直線必須過點M),使它們將正方形ABCD的面積四等分,并說明理由. 問題解決 (3)如圖③,在四邊形ABCD中,AB∥CD,AB+CD=BC,點P是AD的中點.如果AB=a,CD=b,且b>a,那么在邊BC上是否存在一點Q,使PQ所在直線將四邊形ABCD的面積分成相等的兩部分?若存在,求出BQ的長;若不存在,說明理由. 解:(1)過圓心O作兩條互相垂直的直線即可 (2)連接AC,BD相交于點O,作直線OM分別交AD,BC于P,Q兩點,過點O作OM的垂線分別交AB,CD于E,F(xiàn)兩點,則直線OM,EF將正方形ABCD的面積四等分.理由:利用ASA易證△OAP≌△OBE≌△OCQ≌△ODF,從而可得直線OM,EF將正方形ABCD的面積四等分 (3)存在,當BQ=CD=b時,PQ將四邊形ABCD面積二等分.理由如下:延長BA到點E,使AE=b,延長CD到點F,使DF=a,連接EF,易得四邊形EBCF是菱形.連接BF交AD于M,則△MAB≌△MDF,∴AM=DM,∴P,M兩點重合,∴P點是菱形EBCF對角線的交點,在BC上截取BQ=CD=b,則CQ=AB=a.設點P到菱形EBCF一邊的距離為d,則(AB+BQ)d=(CQ+CD)d=(a+b)d,∴S四邊形ABQP=S四邊形CDPQ,∴當BQ=b時,直線PQ將四邊形ABCD的面積分成相等的兩部分 9.(xx襄陽)如圖,已知拋物線y=ax2+bx+c與x軸的一個交點A的坐標為(-1,0),對稱軸為直線x=-2. (1)求拋物線與x軸的另一個交點B的坐標; (2)點D是拋物線與y軸的交點,點C是拋物線上的另一點,已知以AB為一底邊的梯形ABCD的面積為9,求此拋物線的解析式,并指出頂點E的坐標; (3)點P是(2)中拋物線對稱軸上一動點,且以1個單位/秒的速度從此拋物線的頂點E向上運動.設點P運動的時間為t秒. ①當t為__2__秒時,△PAD的周長最?。划攖為__4或4-或4+__秒時,△PAD是以AD為腰的等腰三角形;(結(jié)果保留根號) ②點P在運動過程中,是否存在一點P,使△PAD是以AD為斜邊的直角三角形?若存在,求出點P的坐標;若不存在,請說明理由. 解:(1)B(-3,0) (2)設拋物線的對稱軸交CD于點M,交AB于點N,由題意可知AB∥CD,由拋物線的軸對稱性可得CD=2DM.∵MN∥y軸,AB∥CD,∴四邊形ODMN是矩形,∴DM=ON=2,∴CD=22=4.∵A(-1,0),B(-3,0),∴AB=2.∵梯形ABCD的面積=(AB+CD)OD=9,∴OD=3,即c=3.把A(-1,0),B(-3,0)代入y=ax2+bx+3得a=1,b=4,∴y=x2+4x+3,化為頂點式為y=(x+2)2-1,得E(-2,-1) (3)①2;4或4-或4+ ②存在.∵∠APD=90,∠PMD=∠PNA=90,∴∠PDM+∠APN=90,∠DPM+∠PDM=90,∴∠PDM=∠APN,又∵∠PMD=∠ANP,∴△APN∽△PDM,∴=,∴=,∴PN2-3PN+2=0,∴PN=1或PN=2,∴P(-2,1)或(-2,2)- 配套講稿:
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