高考物理二輪復(fù)習(xí) 第2部分 考前沖刺方略 選擇題型滿分練4
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選擇題型滿分練(四) 建議用時:25分鐘 本題共8小題,每小題6分.在每小題給出的四個選項中,第1~5題只有一項符合題目要求,第6~8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分. 1.一定質(zhì)量的小球自t=0時刻從水平地面上方某處自由下落,小球與地面碰后反向彈回,不計空氣阻力,也不計小球與地面碰撞的時間,小球距地面的高度h與運動時間t的關(guān)系如圖所示,取g=10 m/s2.則下列說法正確的是( ) A.小球第一次與地面碰撞前的最大速度為15 m/s B.小球第一次與地面碰撞后的最大速度為12 m/s C.小球在4~5 s內(nèi)走過的路程為2.5 m D.小球?qū)⒃趖=6 s時與地面發(fā)生第四次碰撞 解析:選C.由圖象可得小球第一次與地面碰撞前釋放高度h=20 m,則可得第一次落地時速度為v0==20 m/s,則A錯誤;由圖象可知第一次碰撞后上升的最大高度為h′=5 m,可得第一次碰撞后的速度為v==10 m/s,則B錯誤;由圖象可知小球在第5 s內(nèi)剛好與地面第二次撞擊后在空中運動時間為1 s.所以有h″=gt2=100.52 m=1.25 m,則在第5 s內(nèi)小球走過的路程為s=2h″=2.5 m,故C正確;根據(jù)圖象規(guī)律可知,小球第四次碰撞時間應(yīng)在5~6 s之間,故D錯誤. 2.在光滑絕緣的水平地面上放置四個相同的可看作質(zhì)點的金屬小球,小球A、B、C位于等邊三角形的三個頂點上,小球D位于三角形的中心,如圖所示.現(xiàn)讓小球A、B、C都帶電荷量為Q的正電荷,讓小球D帶電荷量為q的負(fù)電荷,若四個小球均處于靜止?fàn)顟B(tài),則Q與q的比值為( ) A. B. C.3 D. 解析:選D.設(shè)等邊三角形的邊長為a,由幾何知識可知,BD=acos 30=a,以B為研究對象,由平衡條件可知,cos 302=,解得=,D項正確. 3.如圖所示,在PQ、QR區(qū)域存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的勻強(qiáng)磁場,磁場方向均垂直于紙面,bc邊與磁場的邊界P重合.導(dǎo)線框與磁場區(qū)域的尺寸如圖所示.從t=0時刻開始線框向右勻速橫穿兩個磁場區(qū)域.以a→b→c→d→e→f為線框中電流的正方向.以下四個i-t關(guān)系示意圖中正確的是( ) 解析:選C.由右手定則分段判斷bc、de、af三邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的方向,由E=Blv分段判斷bc、de、af三邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小,得出示意圖中正確的是C. 4.如圖所示,在傾角為θ的光滑斜面上,放置一質(zhì)量為m的金屬棒,棒長為L,棒中通有垂直紙面向里的電流,電流大小為I.若使金屬棒靜止在斜面上,則下面關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度B的判斷正確的是( ) A.B的方向垂直斜面向上,B=,B為最小值 B.B的方向平行斜面向上,B=,B為最小值 C.B的方向豎直向上,B=,此時金屬棒對斜面無壓力 D.B的方向水平向左,B=,此時金屬棒對斜面無壓力 解析:選D.金屬棒所受重力豎直向下,B的方向垂直斜面向上時,由左手定則可知安培力方向平行斜面向下,支持力垂直斜面向上,金屬棒不可能平衡,A項錯;當(dāng)B的方向平行斜面向上時,安培力垂直斜面向上,金屬棒不可能平衡,B項錯;B的方向豎直向上時,安培力水平向右,支持力垂直斜面向上,金屬棒不可能靜止,C項錯;若B的方向水平向左時,安培力豎直向上,當(dāng)B=時,安培力BIL=mg,金屬棒靜止,對斜面無壓力,D項正確. 5.在如圖所示的電路中,電源的內(nèi)阻為r,其中R3為滑動變阻器,R1、R2為定值電阻, 、 為理想電表,將滑動變阻器的滑片向下移動,則有關(guān)各物理量的變化描述正確的是( ) A.電壓表的讀數(shù)變大 B.電流表的讀數(shù)變小 C.電源的內(nèi)耗功率變小 D.R2消耗的功率變大 解析:選A.由題圖可知,電壓表與R1并聯(lián),R3與電流表串聯(lián)后與R2并聯(lián),兩部分串聯(lián)后接在電源兩端.在滑動變阻器滑片P向下滑動的過程中,滑動變阻器接入電路的電阻變小,故總電阻變小,總電流變大,R1兩端電壓變大,電壓表示數(shù)變大,A正確;并聯(lián)部分的電壓變小,即R2兩端的電壓變小,R2消耗的功率變小,D錯誤;由于總電流變大,則由Pr=I2r可知電源的內(nèi)耗功率變大,C錯誤;流過R2的電流變小,又總電流變大,所以流過電流表的電流變大,B錯誤. 6.火星表面特征非常接近地球,可能適合人類居住.2010年,我國志愿者王躍參與了在俄羅斯進(jìn)行的“模擬登火星”實驗活動.已知火星半徑是地球半徑的,質(zhì)量是地球質(zhì)量的,自轉(zhuǎn)周期基本相同.地球表面重力加速度是g,若王躍在地面上能向上跳起的最大高度是h,在忽略自轉(zhuǎn)影響的條件下,下述分析正確的是( ) A.王躍在火星表面所受火星引力是他在地球表面所受地球引力的 B.火星表面的重力加速度是 C.火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的 D.王躍在火星上能向上跳起的最大高度是 解析:選AC.根據(jù)萬有引力定律:F=可知,==,因此A選項正確;同理可知,火星表面的重力加速度為g,故B選項錯誤;根據(jù)星球的第一宇宙速度與星球的半徑及其表面重力加速度的關(guān)系v=可知,==,所以C選項正確;根據(jù)h=和H=可以求得,王躍在火星上向上跳起的最大高度為H=h,因此D選項錯誤. 7.如圖所示,懸掛于O點的輕質(zhì)彈簧,勁度系數(shù)k=100 N/m,其下端拴一質(zhì)量m=1 kg的小物體A,緊挨物體A有一質(zhì)量M=2 kg的物體B,現(xiàn)對B施加一個豎直向上、大小為38 N的力F,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),現(xiàn)突然改變力F的大小,使物體A、B以加速度a=2 m/s2勻加速下降,直到A、B兩物體分離,取g=10 m/s2,則( ) A.兩物體剛開始勻加速下降時,力F大小為8 N B.兩物體分離時,彈簧剛好恢復(fù)原長 C.改變力F的大小后經(jīng)0.4 s A、B兩物體分離 D.從改變力F到兩物體分離的過程中,系統(tǒng)克服力F做的功為3.84 J 解析:選CD.系統(tǒng)靜止時,彈簧處于壓縮狀態(tài),令壓縮量為x1,則F0=(m+M)g+kx1,代入數(shù)據(jù)得x1=0.08 m,A、B兩物體剛開始勻加速下降時有kx1+(m+M)g-F=(m+M)a,代入數(shù)據(jù)得F=32 N,A錯;設(shè)經(jīng)時間t兩物體分離,A、B間的彈力為0,彈簧處于拉伸狀態(tài),令拉伸量為x2,則對A有mg-kx2=ma,代入數(shù)據(jù)得x2=0.08 m,B錯;A、B分離時A、B兩物體組成的系統(tǒng)下降的距離為x=x1+x2=0.16 m,而x=at2,代入數(shù)據(jù)得t=0.4 s,C對;因剛開始和兩物體分離時,彈簧的形變量一樣,整個過程彈簧彈力做功為零,由動能定理知(m+M)gx-WF=(m+M)v2,聯(lián)立v=at并代入數(shù)據(jù)得WF=3.84 J,D對. 8.如圖所示,兩足夠長平行金屬導(dǎo)軌水平放置,間距d=1 m,其左、右兩端分別接有R1=12 Ω、R2=6 Ω的電阻.一質(zhì)量m=2 kg、電阻r=1 Ω,長度為1 m的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置,且與兩導(dǎo)軌始終保持良好接觸,金屬棒與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.25,整個裝置處于方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=5 T的勻強(qiáng)磁場中.現(xiàn)給金屬棒施加一方向水平向右、大小為F=10 N的恒力,金屬棒在該恒力作用下向右運動了l=2 m時,速度恰好達(dá)到最大.導(dǎo)軌電阻不計,取重力加速度g=10 m/s2,則下列說法中正確的是( ) A.金屬棒的最大速度為1 m/s B.金屬棒由靜止到速度達(dá)到最大過程中,流經(jīng)電阻R1的電荷量為2 C C.恒力F做的功與安培力做功之和等于金屬棒增加的動能 D.金屬棒從靜止到速度達(dá)到最大的過程中,電路中產(chǎn)生的焦耳熱為9 J 解析:選AD.由題意可知,電路中的總電阻為R=+r=5 Ω,當(dāng)金屬棒的速度達(dá)到最大時,有μmg+=F,代入數(shù)據(jù)可解得vm=1 m/s,選項A正確;金屬棒由靜止到速度達(dá)到最大過程中,電路中產(chǎn)生的總電荷量為q= t==,代入數(shù)據(jù)可得q=2 C,所以流經(jīng)電阻R1的電荷量為q1=q= C,選項B錯誤;設(shè)安培力做的功為WA,由動能定理可得WF+Wf+WA=ΔEk,所以恒力F做的功與安培力做功之和大于金屬棒增加的動能,選項C錯誤;由能量守恒定律可知,Q=Fl-μmgl-mv,代入數(shù)據(jù)可得Q=9 J,選項D正確.- 1.請仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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