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1、△+△2019年數學高考教學資料△+△
第三節(jié) 圓 的 方 程
考點一
求圓的方程
[例1] (1)經過點A(5,2)，B(3，－2)，且圓心在直線2x－y－3＝0上的圓的方程為________________．
(2)(2013·江西高考)若圓C經過坐標原點和點(4,0)，且與直線y＝1相切，則圓C的方程是________________．
[自主解答] (1)法一：由題知kAB＝2，A，B的中點為(4,0)，設圓心為C(a，b)．
∵圓過A(5,2)，B(3，－2)兩點，
∴圓心一定在線段AB的垂直平分線上．
則解得∴C(2,1)，
r
2、＝|CA|＝＝.
∴所求圓的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝10.
法二：設圓的方程為(x－a)2＋(y－b)2＝r2，
則 解得
故圓的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝10.
法三：設圓的方程為
x2＋y2＋Dx＋Ey＋F＝0(D2＋E2－4F>0)，
則
解得D＝－4，E＝－2，F＝－5.
∴所求圓的方程為x2＋y2－4x－2y－5＝0.
(2)由已知可設圓心為(2，b)，由22＋b2＝(1－b)2＝r2，得b＝－，r2＝.
故圓C的方程為(x－2)2＋2＝.
[答案] (1)x2＋y2－4x－2y－5＝0(或(x－2)2＋(y－1)2＝10) (2)
3、(x－2)2＋2＝
【互動探究】
本例(2)中“與直線y＝1相切”改為“圓心在y＝1上”，結果如何？
解：∵圓過點O(0,0)和點(4,0)．
∴圓心在直線x＝2上，
又∵圓心在y＝1上，
∴圓心的坐標為(2,1)，半徑r＝＝.
因此，圓的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝5.
【方法規(guī)律】
求圓的方程的兩種方法
(1)直接法：根據圓的幾何性質，直接求出圓心坐標和半徑，進而寫出方程．
(2)待定系數法：若已知條件與圓心(a，b)和半徑r有關，則設圓的標準方程，依據已知條件列出關于a，b，r的方程組，從而求出a，b，r的值．
求下列圓的方程：
(1)圓心
4、在直線y＝－4x上，且與直線l：x＋y－1＝0相切于點P(3，－2)；
(2)過三點A(1,12)，B(7,10)，C(－9,2)．
解：(1)法一：設圓的標準方程為(x－a)2＋(y－b)2＝r2，
則有解得a＝1，b＝－4，r＝2.
故所求圓的方程為(x－1)2＋(y＋4)2＝8.
法二：過切點且與x＋y－1＝0垂直的直線為y＋2＝x－3.
與y＝－4x聯(lián)立可得圓心為(1，－4)，
所以半徑r＝＝2.
故所求圓的方程為(x－1)2＋(y＋4)2＝8.
(2)法一：設圓的一般方程為x2＋y2＋Dx＋Ey＋F＝0(D2＋E2－4F>0)．
則
解得D＝－2，E＝－4
5、，F＝－95，
所以所求圓的方程為x2＋y2－2x－4y－95＝0.
法二：由A(1,12)，B(7,10)，得AB的中點坐標為(4,11)，
kAB＝－，則AB的中垂線方程為3x－y－1＝0.
同理得AC的中垂線方程為x＋y－3＝0.[來源:]
聯(lián)立得
即圓心坐標為(1,2)，半徑r＝＝10，
所以所求圓的方程為(x－1)2＋(y－2)2＝100.
考點二
與圓有關的軌跡問題
[例2] (2013·新課標全國卷Ⅰ)已知圓M：(x＋1)2＋y2＝1，圓N：(x－1)2＋y2＝9，動圓P與圓M外切并且與圓N內切，圓心P的軌跡為曲線C.
(1)求C的方程
6、；
(2)l是與圓P，圓M都相切的一條直線，l與曲線C交于A，B兩點，當圓P的半徑最長時，求|AB|.
[自主解答] 由已知得圓M的圓心為M(－1,0)，半徑r1＝1；圓N的圓心為N(1,0)，半徑r2＝3.
設圓P的圓心為P(x，y)，半徑為R.
(1)因為圓P與圓M外切并且與圓N內切，所以|PM|＋|PN|＝(R＋r1)＋(r2－R)＝r1＋r2＝4.
由橢圓的定義可知，曲線C是以M，N為左、右焦點，長半軸長為2，短半軸長為的橢圓(左頂點除外)，其方程為＋＝1(x≠－2)．
(2)對于曲線C上任意一點P(x，y)，[來源:]
由于|PM|－|PN|＝2R－2≤2，所以R≤2，
7、
當且僅當圓P的圓心為(2,0)時，R＝2.
所以當圓P的半徑最長時，其方程為(x－2)2＋y2＝4.
若l的傾斜角為90°，則l與y軸重合，可得|AB|＝2.
若l的傾斜角不為90°，由r1≠R知l不平行于x軸，設l與x軸的交點為Q，則＝，可求得Q(－4,0)，
所以可設l：y＝k(x＋4)．
由l與圓M相切得＝1，解得k＝±.
當k＝時，將y＝x＋代入＋＝1，并整理得7x2＋8x－8＝0，
解得x1＝，x2＝.
所以|AB|＝|x2－x1|＝.
當k＝－時，由圖形的對稱性可知|AB|＝.
綜上，|AB|＝2或|AB|＝.
【方法規(guī)
8、律】
求與圓有關的軌跡方程的方法
已知直角三角形ABC的斜邊為AB，且A(－1,0)，B(3,0)，求：
(1)直角頂點C的軌跡方程；
(2)直角邊BC的中點M的軌跡方程．
解：(1)法一：設頂點C(x，y)，因為AC⊥BC，所以x≠3且x≠－1.
又kAC＝，kBC＝，且kAC·kBC＝－1，
所以·＝－1，即x2＋y2－2x－3＝0.
因此，直角頂點C的軌跡方程為x2＋y2－2x－3＝0(x≠3且x≠－1)．
法二：設AB的中點為D，由中點坐標公式得D(1,0)，由直角三角形的性質知，|CD|＝|AB|＝2，由圓的定義知，動點C的軌跡是以D(1
9、,0)為圓心，2為半徑的圓(由于A，B，C三點不共線，所以應除去與x軸的交點)．
所以直角頂點C的軌跡方程為(x－1)2＋y2＝4(x≠3且x≠－1)．
(2)設點M(x，y)，點C(x0，y0)，因為B(3,0)，M是線段BC的中點，由中點坐標公式得x＝(x≠3且x≠1)，y＝，于是有x0＝2x－3，y0＝2y.
由(1)知，點C在圓(x－1)2＋y2＝4(x≠3且x≠－1)上運動，將x0＝2x－3，y0＝2y代入該方程得(2x－4)2＋(2y)2＝4，即(x－2)2＋y2＝1(x≠3且x≠1)．
因此動點M的軌跡方程為(x－2)2＋y2＝1(x≠3且x≠1)．
高頻考點
考
10、點三 與圓有關的最值問題
1．與圓有關的最值問題，是高考命題的熱點，多以選擇題、填空題的形式呈現，試題難度不大，多為容易題、中檔題．
2．高考中主要有以下幾個命題角度：
(1)與圓有關的長度或距離的最值問題；
(2)與圓上的點(x，y)有關的代數式的最值問題．
例如，形如u＝型；形如t＝ax＋by型；形如(x－a)2＋(y－b)2型．
[例3] (1)(2013·重慶高考)設P是圓(x－3)2＋(y＋1)2＝4上的動點，Q是直線x＝－3上的動點，則|PQ|的最小值為( )
A．6 B．4 C．3 D
11、．2
(2)(2013·山東高考)過點(3,1)作圓(x－2)2＋(y－2)2＝4的弦，其中最短弦的長為________．[來源:]
[自主解答] (1)當PQ所在直線過圓心且垂直于直線x＝－3時，|PQ|有最小值，且最小值為圓心(3，－1)到直線x＝－3的距離減去半徑2，即最小值為4.
(2)設P(3,1)，圓心C(2,2)，則|PC|＝，由題意知最短的弦過P(3,1)且與PC垂直，所以最短弦長為2＝2.[來源:][來源:]
[答案] (1)B (2)2
與圓有關的最值問題的常見類型及解題策略
(1)與圓有關的長度或距離的最值問題的解法．一般根據長度或距離的幾何意義
12、，利用圓的幾何性質數形結合求解．
(2)與圓上點(x，y)有關代數式的最值的常見類型及解法．①形如u＝型的最值問題，可轉化為過點(a，b)和點(x，y)的直線的斜率的最值問題；②形如t＝ax＋by型的最值問題，可轉化為動直線的截距的最值問題；③形如(x－a)2＋(y－b)2型的最值問題，可轉化為動點到定點的距離平方的最值問題．
已知M為圓C：x2＋y2－4x－14y＋45＝0上任意一點，且點Q(－2,3)．
(1)求|MQ|的最大值和最小值；
(2)若M(m，n)，求的最大值和最小值．
解：(1)由圓C：x2＋y2－4x－14y＋45＝0，可得(x－2)2＋(y－7)2＝8，
13、所以圓心C的坐標為(2,7)，半徑r＝2.
又|QC|＝＝4.
所以|MQ|max＝4＋2＝6，
|MQ|min＝4－2＝2.
(2)可知表示直線MQ的斜率，
設直線MQ的方程為y－3＝k(x＋2)，
即kx－y＋2k＋3＝0，則＝k.
由直線MQ與圓C有交點，所以≤2.
可得2－≤k≤2＋，
所以的最大值為2＋，最小值為2－.
——————————[課堂歸納——通法領悟]————————————————
1種方法——待定系數法求圓的方程
(1)若已知條件與圓心(a，b)和半徑r有關，則設圓的標準方程，依據已知條件列出關于a，b，r的方程組，從而求出a，b，r的值；
(2)若已知條件沒有明確給出圓心或半徑，則選擇圓的一般方程，依據已知條件列出關于D，E，F的方程組，進而求出D，E，F的值．
3個性質——常用到的圓的三個性質
在解決與圓有關的問題時，借助于圓的幾何性質，往往會使得思路簡潔明了，簡化思路，簡便運算．
(1)圓心在過切點且與切線垂直的直線上；
(2)圓心在任意一弦的垂直平分線上；
(3)兩圓相切時，切點與兩圓圓心共線．
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高考數學復習：第八章 ：第三節(jié)圓的方程突破熱點題型
