（浙江專用）2018-2019學(xué)年高中物理 第一章 靜電場章末檢測卷 新人教版選修3-1.doc

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第一章 靜電場 章末檢測卷(一) (時間：90分鐘　分?jǐn)?shù)：100分) 一、選擇題(共13小題，每小題4分，共52分。在每小題列出的四個備選項中只有一項是符合題目要求的。) 1．(20164月浙江選考，7)關(guān)于電容器，下列說法正確的是(　　) A．在充電過程中電流恒定 B．在放電過程中電容減小 C．能儲存電荷，但不能儲存電能 D．兩個彼此絕緣又靠近的導(dǎo)體可視為電容器 解析　電容器的充放電曲線可知，充電過程中，電流不會恒定，A錯；電容不隨充放電過程變化，B錯；電容器中的電場具有能的性質(zhì)，所以C錯；由電容器的定義知D正確。 答案　D 2．關(guān)于電場強度與電勢的關(guān)系，下面各種說法中正確的是(　　) A．電場強度大的地方，電勢一定高 B．電場強度不變，電勢也不變 C．電場強度為零時，電勢一定為零 D．電場強度的方向是電勢降低最快的方向 解析　電場強度是描述靜電力的性質(zhì)的物理量，電勢是描述電場能的性質(zhì)的物理量，電場強度的大小和電勢高低沒有必然關(guān)系；電場線的方向，即電場強度的方向是電勢降低最快的方向，選項A、B、C錯誤，選項D正確。 答案　D 3．電子不計重力，只要給電子一個適當(dāng)?shù)某跛俣人湍苎匾恢本€運動，給電子另一個適當(dāng)?shù)某跛俣人湍茏鰣A周運動，滿足這兩個條件的電場為(　　) A．等量異種點電荷形成的電場 B．等量負(fù)點電荷形成的電場 C．等量正點電荷形成的電場 D．以上選項均錯 解析　在正點電荷形成的電場中，若電子初速度的方向與電場線共線，電子就能做直線運動；若電子初速度的方向與電場線垂直，電子就能以正點電荷為圓心做勻速圓周運動，選項C正確。 答案　C 4．點電荷在勻強電場中只受電場力作用做直線運動，則(　　) A．做勻變速運動 ．電勢能減少 C．速度增加 ．速度可能不變 解析　在勻強電場中點電荷受到的電場力恒定，加速度恒定，A正確；若點電荷初速度方向與電場力方向相反，電場力先做負(fù)功后做正功，電勢能先增后減，速度先減小后增大。B、C錯誤；點電荷在勻強電場中只受電場力作用并做直線運動，速度一定要變化，D錯誤。 答案　A 5．(2017磐安中學(xué)模擬)如圖1所示，均勻帶電圓盤所帶電荷量為＋Q，半徑為R、圓心為O，P為過O點且垂直圓盤面的直線上的一點，OP長度為L，則OP線上各處場強隨L增大(　　) 圖1 A．一直增大 B．一直減小 C．先增大后減小 D．先減小后增大 解析　根據(jù)對稱性可知O點處場強為0、OP延長線上無限遠(yuǎn)處場強也為0，則從O點沿OP方向場強先增大后減小，C對。 答案　C 6．如圖2所示，開關(guān)S由1擲向2，下列說法正確的是(　　) 圖2 A．開關(guān)接1時，平行板電容器充電，且上極板帶負(fù)電 B．開關(guān)接2時，平行板電容器放電，且上極板帶正電 C．開關(guān)由1擲向2的瞬間，電阻R中有從a到b的瞬時電流 D．開關(guān)由1擲向2的瞬間，電阻R中有從b到a的瞬時電流 解析　開關(guān)接1時，平行板電容器充電，上極板接電源正極，所以帶正電，故A錯；開關(guān)由1擲向2，電容器放電，瞬間極板上電荷中和，有從a到b的瞬時電流，放電完畢兩板均不帶電，故B、D錯誤，C項正確。 答案　C 7．如圖3，在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a、b和c分別位于邊長為l的正三角形的三個頂點上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電。整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中。已知靜電力常量為k。若三個小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則勻強電場場強的大小為(　　) 圖3 A. B. C. D. 解析　因為小球a、b對小球c的靜電力的合力方向垂直于a、b連線向上，又因c帶負(fù)電，所以勻強電場的場強方向為垂直于a、b連線向上。分析小球a受力情況：b對a的排斥力F1、c對a的吸引力F2和勻強電場對a的電場力F3＝qE，如圖所示。根據(jù)a受力平衡可知，利用正交分解法：F2cos 60＝F1＝k　F2sin 60＝qE。解得E＝。 答案　B 8．如圖4所示，在孤立的點電荷產(chǎn)生的電場中有a、b兩點，a點的電勢為φa，場強大小為Ea，方向與連線ab垂直，b點的電勢為φb，場強大小為Eb，方向與連線ab的夾角為30。則a、b兩點的場強大小及電勢高低的關(guān)系是(　　) 圖4 A．φa>φb，Ea＝ B．φa<φb，Ea＝ C．φa>φb，Ea＝4Eb D．φa<φb，Ea＝4Eb 解析　Ea、Eb的方向線相交，其交點為場源點電荷的位置，由點電荷的場強公式E＝，可得Ea＝4Eb；分別過a、b作等勢面，電場線由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，則φb>φa。選項D正確。 答案　D 9．如圖5所示，平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，勻強電場沿x軸正方向，以O(shè)為圓心的圓周與坐標(biāo)軸交于abcd四點，下列關(guān)于電勢關(guān)系的說法正確的是(　　) 圖5 A．若在b和d兩點放置等量正電荷，則φa＝φO＝φc B．若在b和d兩點放置等量正電荷，則φa＝φc<φO C．若在a和c兩點放置等量正電荷，則φd>φO>φb D．若在a和c兩點放置等量正電荷，則φd>φb>φO 解析　勻強電場沿x軸正方向，則勻強電場在a、c、O點產(chǎn)生的電勢相等。若在b和d兩點放置等量正電荷，根據(jù)對稱性可知由于等量正電荷在a和c兩點產(chǎn)生的電勢相等、且由O向a電勢降低，則A錯，B對；若在a和c兩點放置等量正電荷，等量正電荷產(chǎn)生的電勢在O點高于d，但不能判斷出勻強電場和等量正電荷在O、d兩點的電勢的大小關(guān)系，C、D均錯。 答案　B 10．(2018溫州教學(xué)質(zhì)量檢測)用一條絕緣輕繩懸掛一個帶正電的小球，小球質(zhì)量為1.010－2 kg，所帶電荷量為7.510－8 C，現(xiàn)加一水平方向的勻強電場，平衡時絕緣輕繩與豎直方向成37 ，sin 37＝0.6，cos 37＝0.8，取g＝10 m/s2。則(　　) 圖6 A．輕繩受到的拉力大小為8.010－2 N B．電場強度大小為1.0105 N/C C．改變場強方向，仍使小球靜止在原位置，則電場強度的最小值為8.0105 N/C D．剪斷輕繩，帶電小球?qū)⒆鲱惼綊佭\動 解析　對小球受力分析如圖所示，由平衡條件知，Tsin 37 ＝Eq，Tcos 37＝mg，解得T＝0.125 N，E＝106 N/C，故A、B錯誤；改變電場方向，當(dāng)小球所受的電場力方向與輕繩垂直且指向右上方時，電場強度最小，其大小為E＝＝8105 N/C，C正確；剪斷輕繩，小球所受重力和電場力的合力恒定，做勻加速度直線運動，D錯誤。 答案　C 11．空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應(yīng)，兩球在空間形成了如圖7所示穩(wěn)定的靜電場。實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關(guān)于直線AB對稱，則(　　) 圖7 A．A點和B點的電勢相同 B．C點和D點的電場強度相同 C．正電荷從A點移至B點，靜電力做負(fù)功 D．負(fù)電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先減小后增加 解析　由題圖可知φA>φB，所以正電荷從A移至B，電勢減小，靜電力做正功，故A、C錯誤；C、D兩點場強方向不同，故B錯誤；負(fù)電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先減小后增大，所以D正確。 答案　D 12．(201610月浙江選考，8)如圖8為某一電場的電場線，M、N、P為電場線上的三個點，M、N是同一電場線上兩點。下列判斷正確的是(　　) 圖8 A．M、N、P三點中N點的場強最大 B．M、N、P三點中N點的電勢最高 C．負(fù)電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能 D．正電荷從M點自由釋放，電荷將沿電場線運動到N點 解析　電場中電場線的疏密表示場強的大小，由題圖知N點場強最大，選項A正確；順著電場線方向電勢逐漸降低，N點的電勢最低，選項B錯誤；負(fù)電荷由M到N，電場力做負(fù)功，電勢能增加，所以EpM＜EpN，選項C錯誤；正電荷從M點自由釋放，在電場力的作用下運動，但是運動軌跡并不是電場線，選項D錯誤。 答案　A 13．(201610月浙江選考，13)如圖9所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球A用絕緣細(xì)線懸掛于O點，帶有電荷量也為q的小球B固定在O點正下方絕緣柱上。其中O點與小球A的間距為l，O點與小球B的間距為l，當(dāng)小球A平衡時，懸線與豎直方向夾角θ＝30。帶電小球A、B均可視為點電荷，靜電力常量為k。則(　　) 圖9 A．A、B間庫侖力大小F＝ B．A、B間庫侖力大小F＝ C．細(xì)線拉力大小FT＝ D．細(xì)線拉力大小FT＝mg 解析　帶電小球A受力如圖所示，OC＝l，即C點為OB中點，根據(jù)對稱性AB＝l。由庫侖定律知A、B間庫侖力大小F＝，細(xì)線拉力FT＝F＝，選項A、C錯誤；根據(jù)平衡條件得Fcos 30＝mg，得F＝，繩子拉力FT＝，選項B正確，D錯誤。 答案　B 二、非選擇題(共5小題，共48分。) 14．(8分)如圖10所示，一輕繩長為L，一端固定在O點，另一端拴一個帶電荷量為＋q的小球，整個裝置處在豎直向上的勻強電場中，場強E＝。要使小球能在豎直平面內(nèi)做圓周運動，則小球在圓周上最高點A的最小速度為多少？ 圖10 解析　小球受重力mg、靜電力qE，其合力為2mg，方向向上，用此合力代替重力場中的重力，則小球做圓周運動的最低點(設(shè)為B點)相當(dāng)于在重力場中做圓周運動的“最高點”，而A點相當(dāng)于“最低點”。小球恰好通過“最高點”B時，有2mg＝m，小球從“最高點”B到“最低點”A，由動能定理得qE2L－mg2L＝mv－mv，聯(lián)立解得vAmin＝。 答案　 15．(10分)如圖11所示是一組方向未知的勻強電場的電場線，把一電荷量為1.010－6 C的負(fù)電荷從A點沿水平線移到B點，靜電力做了2.010－6 J的功。已知A、B兩點間的距離為2 cm，水平線與電場線之間的夾角為60。求： 圖11 (1)A、B兩點間的電勢差； (2)勻強電場的場強大小和方向。 解析　(1)根據(jù)電場力做功與電勢差的關(guān)系可知 UAB＝＝ V＝－2 V (2)設(shè)A、B兩點沿電場線方向的距離為d，則 d＝ABcos 60＝20.5 cm＝1 cm E＝＝ V/m＝200 V/m 因為UAB＝φA－φB＝－2 V<0 所以φA<φB，而電場線方向是由高電勢指向低電勢，所以電場方向沿直線向上。 答案　(1)－2 V　(2)200 V/m　方向沿直線向上 16．(10分)如圖12，一半徑為r的圓環(huán)上均勻分布著電荷量為＋Q的電荷，在垂直于圓環(huán)面且過圓心O的軸線上有A、B、C三個點，C和O、O和A間的距離均為d，AB間距離為2d。在B點處有一電荷量為＋q的固定點電荷。已知A點處的場強為零，k為靜電力常量，求： 圖12 (1)帶電圓環(huán)在O點處的場強大??； (2)C點處場強。 解析　(1)圓環(huán)上關(guān)于圓心對稱的兩小段圓弧上的電荷在O點處產(chǎn)生的場強大小相等、方向相反，其合場強為零，則帶電圓環(huán)在O點處的場強為EO＝0 (2)A點處的場強為零，根據(jù)電場疊加原理知，帶電圓環(huán)和B點處點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小均為EBA＝，兩者方向相反 根據(jù)對稱性可知帶電圓環(huán)在C點處產(chǎn)生的場強大小為 EC1＝，方向沿OC向外 B處點電荷在C點處產(chǎn)生的場強大小為EC2＝，方向沿OC向外 則C點處場強E＝EC1＋EC2 解得E＝，方向沿OC向外 答案　(1)0　(2)，方向沿OC向外 17．(10分)如圖13所示，在絕緣光滑水平面的上方存在著水平方向的勻強電場，現(xiàn)有一個質(zhì)量m＝2.010－3 kg、電荷量q＝2.010－6 C的帶正電的物體(可視為質(zhì)點)，從O點開始以一定的水平初速度向右做直線運動，其位移隨時間的變化規(guī)律為x＝6.0t－10t2，式中x的單位為m，t的單位為s。不計空氣阻力，取g＝10 m/s2。 圖13 (1)求勻強電場的場強大小和方向； (2)求帶電物體在0～0.5 s內(nèi)電勢能的變化量。 解析　(1)由x＝6.0t－10t2得加速度大小為a＝20 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律得：Eq＝ma 解得場強大小為E＝2.0104 N/C 電場強度方向水平向左 (2)由x＝6.0t－10t2得初速度大小為v0＝6.0 m/s 故減速時間：t1＝＝0.3 s 0．3 s內(nèi)經(jīng)過的路程：x1＝v0t1－at＝0.9 m 后0.2 s物體做反向勻加速直線運動，經(jīng)過的路程 x2＝at＝0.4 m 物體在0.5 s內(nèi)發(fā)生的位移為Δx＝0.9 m－0.4 m＝0.5 m，方向向右 故電場力做負(fù)功，電勢能增加：ΔEp＝qEΔx＝210－2 J。 答案　(1)2.0104 N/C，水平方向左　(2)210－2 J 18．(10分)如圖14所示，傾角為θ的斜面AB是粗糙且絕緣的，AB長為L，C為AB的中點，在A、C之間加一方向垂直斜面向上的勻強電場，與斜面垂直的虛線CD為電場的邊界?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小物塊(可視為質(zhì)點)從B點開始在B、C間以速度v0沿斜面向下做勻速運動，經(jīng)過C后沿斜面勻加速下滑，到達(dá)斜面底端A時的速度大小為v。試求： 圖14 (1)小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ； (2)勻強電場的場強E的大小。 解析　(1)小物塊在BC上勻速運動，由受力平衡得 FN＝mgcos θ Ff＝mgsin θ 而Ff＝μFN 由以上幾式解得μ＝tan θ (2)小物塊在CA上做勻加速直線運動，受力情況如圖所示，則 FN′＝mgcos θ－qE Ff′＝μFN′ 根據(jù)牛頓第二定律得 mgsin θ－Ff′＝ma v2－v＝2a 由以上幾式解得E＝ 答案　(1)tan θ　(2)