2020版高考物理大一輪復習 第十一章 交變電流 傳感器 本章綜合能力提升練（含解析）教科版.docx

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本章綜合能力提升練 一、單項選擇題 1.(2018湖北省黃岡市質檢)如圖1所示，n匝矩形閉合導線框ABCD處于磁感應強度大小為B的水平勻強磁場中，線框面積為S，電阻不計.線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω勻速轉動，并與理想變壓器原線圈相連，變壓器副線圈接入一只額定電壓為U的燈泡，燈泡正常發(fā)光.從線圈通過中性面開始計時，下列說法正確的是(　　) 圖1 A.圖示位置穿過線框的磁通量變化率最大 B.燈泡中的電流方向每秒改變次 C.線框中產生感應電動勢的表達式為e＝nBSωsinωt D.變壓器原、副線圈匝數之比為 答案　C 2.(2018廣東省高考第一次模擬)在如圖2所示的電路中，理想變壓器原線圈匝數n1＝600匝，副線圈的匝數n2＝120匝，當原線圈接入u＝180sin50πt(V)的正弦式交變電流時，下列判斷正確的是(　　) 圖2 A.正弦式交變電流的頻率為50Hz B.副線圈兩端電壓的有效值為36V C.當滑動變阻器滑片向b端滑動時，燈泡消耗的電功率一定增大 D.當滑動變阻器滑片向a端滑動時，滑動變阻器消耗的總電功率一定增大 答案　C 解析　正弦交流電的頻率為f＝＝Hz＝25Hz，A錯誤；原線圈兩端電壓的有效值為U1＝V＝90V，根據＝可得副線圈兩端電壓的有效值為U2＝18V，B錯誤；當滑動變阻器滑片向b端滑動時，燈泡兩端的電壓增大，故燈泡消耗的電功率一定增大，C正確；滑動變阻器滑片向a端滑動過程中，其連入電路的電阻分為兩部分，一部分增大，一部分減小，所以其消耗的總功率不一定增大，D錯誤. 3.(2019河北省邢臺市調研)如圖3所示，一理想變壓器的原線圈匝數n1為1000匝，所加電壓為U＝220V，串聯了一個阻值為r＝4Ω的電阻；副線圈接入電路的匝數n2可以通過滑動觸頭Q調節(jié)，副線圈接有電阻R＝9Ω；R相當于變壓器在原線圈電路中的電阻，當n2取下列哪個值時，R消耗的功率最大(　　) 圖3 A.2000匝 B.1500匝 C.600匝 D.400匝 答案　B 解析　變壓器在原線圈電路中的等效電阻為r′＝R；變壓器初次級電壓滿足：＝，次級電流I2＝＝，則初級電流I1＝，則U＝I1(r＋r′)，解得：U1＝，I1＝，變壓器輸入功率等于輸出功率：P2＝P1＝I1U1＝＝，由數學知識可知，當＝4n2，即當n2＝1.5n1＝1500匝時，變壓器輸出功率最大，R上的功率最大，故B正確. 4.(2018四川省涼山州三模)圖4甲為一臺小型發(fā)電機示意圖，產生的感應電動勢隨時間變化如圖乙所示.已知發(fā)電機線圈的匝數為100匝，電阻r＝2Ω，外電路的小燈泡電阻恒為R＝6Ω，電壓表、電流表均為理想電表.下列說法正確的是(　　) 圖4 A.電壓表的讀數為4V B.電流表讀數0.5A C.1s內流過小燈泡的電流方向改變25次 D.線圈在轉動過程中，磁通量最大為Wb 答案　B 解析　由題圖乙可知，交流電的最大值為：Em＝4V，有效值為：E＝＝4V，根據閉合電路的歐姆定律可知：U＝R＝6V＝3V，A錯誤；電流表的示數為：I＝＝A＝0.5A，B正確；由題圖乙可知，T＝410－2s，f＝＝25Hz，一個周期內電流方向改變兩次，所以，1s內流過小燈泡的電流方向改變50次，C錯誤；根據Em＝nBSω可知，Φm＝BS＝＝＝Wb＝Wb，D錯誤. 5.(2018山東省泰安市上學期期末)如圖5，電阻R、電容器C和電感線圈L并聯后，接入輸出電壓有效值、頻率可調的交流電源.當電路中交流電的頻率為f時，通過R、C和L的電流有效值恰好相等.若將頻率降低為f，輸出電壓有效值不變，分別用I1、I2和I3表示此時通過R、C和L的電流的有效值，則(　　) 圖5 A.I1＝I2＝I3 B.I1>I2>I3 C.I3>I1>I2 D.I1>I2＝I3 答案　C 解析　將頻率降低時，通過R的電流不變，電容器的容抗增大，通過C的電流減小，則有I1>I2，電感線圈的感抗減小，通過L的電流增大，則有I3>I1，故A、B、D錯誤，C正確. 6.(2018河南省周口市期末)如圖6所示，一理想變壓器的原線圈兩端接在電壓為u＝220sin100πtV的交流電源上，此時變壓器副線圈電路中標有“44V,220W”的電動機恰好能正常工作.其中A為理想電流表，電動機的內阻為r＝2Ω，則下列說法中正確的是(　　) 圖6 A.該理想變壓器原、副線圈的匝數比為1∶5 B.電流表的示數為5A C.該電動機正常工作時的輸出功率為170W D.若電動機正常工作時突然被卡住，則電動機線圈的熱功率為50W 答案　C 解析　根據u＝220sin100πtV知，原線圈兩端的電壓有效值為U1＝220V，副線圈兩端的電壓為U2＝44V，則變壓器原、副線圈的匝數比為n1∶n2＝U1∶U2＝5∶1，故A錯誤；電動機恰好能正常工作，理想變壓器的輸出功率為220W，輸入功率為220W，由P＝UI得I1＝1A，即電流表的示數為1A，故B錯誤；該電動機正常工作時的輸出功率為P出＝U2I2－I22r＝445W－522W＝170W，故C正確；若電動機正常工作時突然被卡住，則電動機線圈的熱功率為P′＝＝W＝968W，故D錯誤. 7.(2018河南省商丘市上學期期末)用電壓為U的正弦交流電源通過甲、乙兩種電路給額定電壓為U0(正常工作時電阻為R0)的同一小電珠供電.圖7甲中R為滑動變阻器，圖乙中理想變壓器的原、副線圈匝數分別為n1、n2，若小電珠均能正常工作，則下列說法正確的是(　　) 圖7 A.變壓器可能是升壓變壓器 B.甲、乙電路消耗電功率之比為 C.電阻R與小電珠消耗功率之比為－1 D.滑動變阻器接入電路的阻值R＝R0 答案　C 解析　由題圖甲可知，電源電壓等于變阻器兩端的電壓與小電珠兩端的電壓之和，因此U>U0，在題圖乙中根據電壓與匝數成正比的關系即＝>1，可得n1>n2，所以變壓器是降壓變壓器，故A錯誤；由于小電珠均能正常工作，甲電路消耗的功率為UI，乙電路消耗的功率為U0I，甲、乙電路消耗電功率之比為＝，故B錯誤；滑動變阻器消耗功率為(U－U0)I，所以滑動變阻器與小電珠消耗功率之比為＝－1，故C正確；題圖甲中滑動變阻器與小電珠串聯，則有＝，滑動變阻器接入電路的阻值為R＝＝，故D錯誤. 二、多項選擇題 8.(2018廣東省惠州市第三次調研)如圖8所示，理想變壓器初級線圈接一交變電流，交變電流的電壓有效值恒定不變.副線圈接有光敏電阻R1(其阻值隨光照強度增大而減小)、R2和R3，則下列說法中正確的是(　　) 圖8 A.只將S1從2撥向1時，電流表示數變小 B.只將S2從4撥向3時，電流表示數變小 C.只將S3從閉合變?yōu)閿嚅_，電阻R2兩端電壓增大 D.僅增大光照強度，原線圈的輸入功率增大 答案　BD 解析　只將S1從2撥向1時，原線圈匝數變小，根據變壓比公式，輸出電壓變大，故輸出電流變大，輸出功率變大，輸入功率等于輸出功率，故輸入功率變大，輸入電流變大，A錯誤；只將S2從4撥向3時，副線圈匝數變小，根據變壓比公式，輸出電壓變小，故輸出電流變小，輸出功率變小，輸入功率等于輸出功率，故輸入功率變小，輸入電流變小，B正確；只將S3從閉合變?yōu)閿嚅_，少一個支路，但電阻R2與R3串聯的支路的電壓不變，故通過電阻R2的電流不變，電壓也不變，C錯誤；僅增大光照強度，副線圈負載總電阻變小，故輸出電流變大，輸出功率變大，輸入功率等于輸出功率，故輸入功率增大，D正確. 9.(2018湖南省株洲市上學期質檢一)某同學在實驗室中研究遠距離輸電.由于輸電線太長，他將每100米導線卷成一卷，共卷成8卷來代替輸電線路(忽略輸電線路的自感作用).第一次直接將輸電線與學生電源及用電器相連，測得輸電線上損失的功率為P1.第二次采用如圖9所示的電路輸電，其中理想變壓器T1與電源相連，其原、副線圈的匝數比為n1∶n2，理想變壓器T2與用電器相連，測得輸電線上損失的功率為P2.下列說法正確的是(　　) 圖9 A.前后兩次實驗都可用于研究遠距離直流輸電 B.實驗可以證明，減小輸電電流能減小遠距離輸電的能量損失 C.若輸送功率一定，則P2∶P1＝n12∶n22 D.若輸送功率一定，則P2∶P1＝n1∶n2 答案　BC 解析　變壓器只能改變交變電流的電壓，所以第二次實驗只能研究遠距離交流輸電，故A錯誤；根據P＝I2r可知，減小輸電電流能減小遠距離輸電的能量損失，故B正確；第一次實驗輸電線上的電流I＝，輸電線上損失的功率P1＝I2R＝R，第二次實驗，升壓變壓器副線圈上的電壓U2＝U1，輸電線上的電流I′＝，輸電線上損失的功率P2＝I′2R＝R，所以：＝＝，故C正確，D錯誤. 10.(2018陜西省師大附中模擬)如圖10所示，面積為0.02m2、內阻不計的100匝矩形線圈ABCD，繞垂直于磁場的軸OO′勻速轉動，轉動的角速度為100rad/s，勻強磁場的磁感應強度為T.矩形線圈通過滑環(huán)與理想變壓器相連，觸頭P可移動，副線圈所接電阻R＝50Ω，電表均為理想交流電表.當線圈平面與磁場方向平行時開始計時.下列說法正確的是(　　) 圖10 A.線圈中感應電動勢的表達式為e＝100cos (100t) V B.P上移時，電流表示數減小 C.t＝0時，電壓表示數為100V D.當原、副線圈匝數比為2∶1時，電阻R上消耗的功率為50W 答案　AD 解析　矩形閉合線圈ABCD在磁場中轉動，產生的交流電壓的最大值為：Em＝NBSω＝1000.02100V＝100V，線圈中感應電動勢的表達式為e＝100cos (100t) V，故A正確；P上移時，原線圈的匝數減小，導致副線圈電壓增大，那么副線圈電流也增大，則原線圈的電流會增大，電流表示數增大，故B錯誤；由于正弦式交流電最大值為有效值的倍，所以交流電壓的有效值為U＝100V，當t＝0時，電壓表示數為100V，故C錯誤；當原、副線圈匝數比為2∶1時，電阻R上消耗的功率為：PR＝＝W＝50W，故D正確. 11.(2018山東省青島市二模)如圖11所示為某小型電站高壓輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機輸出功率為20kW.在輸電線路上接入一個電流互感器，其原、副線圈的匝數比為1∶10，電流表的示數為1A，輸電線的總電阻為10Ω，則下列說法正確的是(　　) 圖11 A.采用高壓輸電可以增大輸電線中的電流 B.升壓變壓器的輸出電壓U2＝2000V C.用戶獲得的功率為19kW D.將P下移，用戶獲得的電壓將增大 答案　BC 解析　根據高壓輸電原理，提高輸電電壓，輸電電流減小，A錯誤；根據電流互感器的原理，輸電電流：I2＝1A＝10A，升壓變壓器的輸出電壓：U2＝＝V＝2000V，B正確；輸電線上的功率損失：P損＝I22R＝10210W＝1kW，用戶獲得的功率為：P用＝P－P損＝20kW－1kW＝19kW，C正確；將P下移，降壓變壓器原線圈匝數增加，根據變壓器的變壓規(guī)律，副線圈的電壓減小，用戶獲得的電壓將減小，D錯誤. 12. (2018福建省漳州市期末調研)如圖12，理想變壓器的原、副線圈的匝數比為2∶1，在原、副線圈的回路中接入的電阻阻值均為R，電壓表和電流表均為理想電表，a、b端接有電壓為220sin10πtV的交流電，開關S處于斷開狀態(tài)時，設電壓表讀數為U，原、副線圈回路中電阻R消耗的功率之比為k，則(　　) 圖12 A.U＝88V，k＝ B.U＝110V，k＝4 C.當開關閉合時，電流表的示數會減小 D.當開關閉合時，電壓表的讀數會減小 答案　AD 解析　由＝＝＝2，原線圈回路中電阻R消耗的功率P1＝I12R，副線圈回路中電阻R消耗的功率P2＝I22R，則有k＝＝＝，副線圈的電流I2＝，原線圈回路中I1＝I2＝，原線圈回路中電阻R的電壓UR＝I1R＝，a、b端電壓有效值為U有＝＝220V，由題意可知輸入電壓有效值為220＝2U＋，解得U＝88V，故A正確，B錯誤；當開關閉合時，副線圈總電阻R′I1，原線圈回路中電阻R兩端的電壓UR＝I1′R＝，由題意可知輸入電壓有效值為220＝2U＋，解得U<88V，故C錯誤，D正確. 13.(2018湖南省常德市一模)如圖13甲所示，一交流發(fā)電機向遠距離的理想變壓器輸電，輸電線等效電阻R1＝2Ω，變壓器匝數比n1∶n2＝2∶1，發(fā)電機輸出的交變電壓隨時間的變化圖像如圖乙所示，理想交流電壓表示數為5V，則(　　) 圖13 A.通過R2的交變電流頻率為50Hz B.圖像上對應的0.01s時刻，發(fā)電機中的線圈與中性面垂直 C.R2兩端的電壓為10V D.發(fā)電機輸出功率為12.5W 答案　AC 解析　理想變壓器不改變交流電的頻率，故通過R2的交變電流的頻率為f＝Hz＝50Hz，A正確；圖像上對應的0.01s時刻，交流電壓為零，此時通過發(fā)電機中的線圈的磁通量最大，磁通量變化率最小為零，發(fā)電機中的線圈剛好與中性面重合，B錯誤；發(fā)電機輸出電壓的有效值為U＝V＝25V，故原線圈兩端電壓為U1＝U－UR1＝20V，根據公式＝可得副線圈兩端電壓，即R2兩端電壓為U2＝U1＝10V，C正確；通過R1的電流I1＝＝2.5A，由＝，得副線圈中電流I2＝I1＝5A，發(fā)電機輸出功率為電阻R1消耗的電功率與副線圈中消耗的電功率之和，故發(fā)電機輸出功率為P＝W＋510W＝12.5W＋50W＝62.5W，D錯誤. 14. (2019福建省龍巖市模擬)如圖14所示，MN、PQ是兩條在水平面內、平行放置的金屬導軌，導軌的右端接理想變壓器的原線圈，變壓器的副線圈與阻值為R的電阻組成閉合回路，變壓器的原副線圈匝數之比n1∶n2＝k，導軌寬度為L.質量為m的導體棒ab垂直MN、PQ放在導軌上，在水平外力作用下做往復運動，其速度隨時間變化的規(guī)律是v＝vmsin(t)，范圍足夠大的勻強磁場垂直于軌道平面，磁感應強度為B，導軌、導體棒、導線電阻不計，電流表為理想交流電表.則下列說法中正確的是(　　) 圖14 A.導體棒兩端的最大電壓為BLvm B.電阻R上的電壓為 C.電流表的示數為 D.導體棒克服安培力做功的功率為 答案　ABD 解析　根據題意，電動勢的瞬時值表達式為：e＝BLvmsin(t)，則最大電動勢為：Em＝BLvm，故選項A正確； 由于最大電動勢為：Em＝BLvm，則電動勢的有效值為：E＝，則有＝＝k，則U2＝，故選項B正確； 副線圈電流為：I2＝＝，再根據＝＝k，則電流表讀數為I1＝＝，故選項C錯誤；根據能量守恒，導體棒克服安培力做功的功率等于電阻R的熱功率，故P＝＝，故選項D正確.