（江蘇專(zhuān)用）2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量 動(dòng)量守恒定律 課時(shí)50 力學(xué)三大規(guī)律的綜合應(yīng)用加練半小時(shí).docx

《（江蘇專(zhuān)用）2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量 動(dòng)量守恒定律 課時(shí)50 力學(xué)三大規(guī)律的綜合應(yīng)用加練半小時(shí).docx》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專(zhuān)用）2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量 動(dòng)量守恒定律 課時(shí)50 力學(xué)三大規(guī)律的綜合應(yīng)用加練半小時(shí).docx（9頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

50 力學(xué)三大規(guī)律的綜合應(yīng)用 [方法點(diǎn)撥]　做好以下幾步：①確定研究對(duì)象，進(jìn)行運(yùn)動(dòng)分析和受力分析；②分析物理過(guò)程，按特點(diǎn)劃分階段；③選用相應(yīng)規(guī)律解決不同階段的問(wèn)題，列出規(guī)律性方程． 1．(2018廣東東莞模擬)如圖1所示，某超市兩輛相同的手推購(gòu)物車(chē)質(zhì)量均為m、相距l(xiāng)沿直線排列，靜置于水平地面上．為節(jié)省收納空間，工人給第一輛車(chē)一個(gè)瞬間的水平推力使其運(yùn)動(dòng)，并與第二輛車(chē)相碰，且在極短時(shí)間內(nèi)相互嵌套結(jié)為一體，以共同的速度運(yùn)動(dòng)了距離，恰好?？吭趬叄糗?chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力恒為車(chē)重的k倍，忽略空氣阻力，重力加速度為g.求： 圖1 (1)購(gòu)物車(chē)碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能； (2)工人給第一輛購(gòu)物車(chē)的水平?jīng)_量大?。? 2．(2017河北石家莊第二次質(zhì)檢)如圖2所示，質(zhì)量分布均勻、半徑為R的光滑半圓形金屬槽，靜止在光滑的水平面上，左邊緊靠豎直墻壁．一質(zhì)量為m的小球從距金屬槽上端R處由靜止下落，恰好與金屬槽左端相切進(jìn)入槽內(nèi)，到達(dá)最低點(diǎn)后向右運(yùn)動(dòng)從金屬槽的右端沖出，小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)與金屬槽圓弧最低點(diǎn)的距離為R，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力．求： 圖2 (1)小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)對(duì)金屬槽的壓力大小； (2)金屬槽的質(zhì)量． 3.(2017江西上饒一模)如圖3所示，可看成質(zhì)點(diǎn)的A物體疊放在上表面光滑的B物體上，一起以v0的速度沿光滑的水平軌道勻速運(yùn)動(dòng)，與靜止在同一光滑水平軌道上的木板C發(fā)生碰撞，碰撞后B、C的速度相同，B、C的上表面相平且B、C不粘連，A滑上C后恰好能到達(dá)C板的右端．已知A、B質(zhì)量相等，C的質(zhì)量為A的質(zhì)量的2倍，木板C長(zhǎng)為L(zhǎng)，重力加速度為g.求： 圖3 (1)A物體與木板C上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)； (2)當(dāng)A剛到C的右端時(shí)，B、C相距多遠(yuǎn)？ 4．(2017河南六市第一次聯(lián)考)足夠長(zhǎng)的傾角為θ的光滑斜面的底端固定一輕彈簧，彈簧的上端連接質(zhì)量為m、厚度不計(jì)的鋼板，鋼板靜止時(shí)彈簧的壓縮量為x0，如圖4所示．一物塊從鋼板上方距離為3x0的A處沿斜面滑下，與鋼板碰撞后立刻與鋼板一起向下運(yùn)動(dòng)，但不粘連，它們到達(dá)最低點(diǎn)后又向上運(yùn)動(dòng)．已知物塊質(zhì)量也為m時(shí)，它們恰能回到O點(diǎn)，O為彈簧自然伸長(zhǎng)時(shí)鋼板的位置．若物塊質(zhì)量為2m，仍從A處沿斜面滑下，則物塊與鋼板回到O點(diǎn)時(shí)，還具有向上的速度，已知重力加速度為g，計(jì)算結(jié)果可以用根式表示，求： 圖4 (1)質(zhì)量為m的物塊與鋼板碰撞后瞬間的速度大小v1； (2)碰撞前彈簧的彈性勢(shì)能； (3)質(zhì)量為2m的物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最高點(diǎn)離O點(diǎn)的距離． 5．(2017山東泰安一模)如圖5所示，質(zhì)量為m1＝0.5 kg的小物塊P置于臺(tái)面上的A點(diǎn)并與水平彈簧的右端接觸(不拴接)，輕彈簧左端固定，且處于原長(zhǎng)狀態(tài)．質(zhì)量M＝1 kg的長(zhǎng)木板靜置于水平面上，其上表面與水平臺(tái)面相平，且緊靠臺(tái)面右端．木板左端放有一質(zhì)量m2＝1 kg的小滑塊Q.現(xiàn)用水平向左的推力將P緩慢推至B點(diǎn)(彈簧仍在彈性限度內(nèi))，撤去推力，此后P沿臺(tái)面滑到邊緣C時(shí)速度v0＝10 m/s，與長(zhǎng)木板左端的滑塊Q相碰，最后物塊P停在AC的正中點(diǎn)，Q停在木板上．已知臺(tái)面AB部分光滑，P與臺(tái)面AC間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.1，AC間距離L＝4 m．Q與木板上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.4，木板下表面與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ3＝0.1(g取10 m/s2)，求： 圖5 (1)撤去推力時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能； (2)長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)中的最大速度； (3)長(zhǎng)木板的最小長(zhǎng)度． 6．(2018河北邢臺(tái)質(zhì)檢)如圖6所示，某時(shí)刻質(zhì)量為m1＝50 kg的人站在m2＝10 kg的小車(chē)上，推著m3＝40 kg的鐵箱一起以速度v0＝2 m/s在水平地面沿直線運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，該人迅速將鐵箱推出，推出后人和車(chē)剛好停在A點(diǎn)，鐵箱則向右運(yùn)動(dòng)到距A點(diǎn)s＝0.25 m的豎直墻壁時(shí)與之發(fā)生碰撞而被彈回，彈回時(shí)的速度大小是碰撞前的二分之一，當(dāng)鐵箱回到A點(diǎn)時(shí)被人接住，人、小車(chē)和鐵箱一起向左運(yùn)動(dòng)，已知小車(chē)、鐵箱受到的摩擦力均為地面壓力的0.2倍，重力加速度g＝10 m/s2，求： 圖6 (1)人推出鐵箱時(shí)對(duì)鐵箱所做的功； (2)人、小車(chē)和鐵箱停止運(yùn)動(dòng)時(shí)距A點(diǎn)的距離． 答案精析 1．(1)mkgl　(2)m 解析　(1)設(shè)第一輛車(chē)碰前瞬間的速度為v1，與第二輛車(chē)碰后的共同速度為v2. 由動(dòng)量守恒定律有mv1＝2mv2 由動(dòng)能定理有－2kmg＝0－(2m)v22 則碰撞中系統(tǒng)損失的機(jī)械能ΔE＝mv12－(2m)v22 聯(lián)立以上各式解得ΔE＝mkgl (2)設(shè)第一輛車(chē)推出時(shí)的速度為v0 由動(dòng)能定理有 －kmgl＝mv12－mv02 I＝mv0 聯(lián)立解得I＝m 2．(1)5mg　(2) 解析　(1)小球從靜止到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有： mg2R＝mv02 小球剛到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律和牛頓第二定律有： FN－mg＝m 據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)饘俨鄣膲毫椋篎N′＝FN 聯(lián)立解得：FN′＝5mg (2)小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)至小球到達(dá)最高點(diǎn)過(guò)程，小球和金屬槽水平方向動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，則： mv0＝(m＋M)v 設(shè)小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)與金屬槽圓弧最低點(diǎn)的高度為h. 則有R2＋h2＝(R)2 根據(jù)能量守恒定律有：mgh＝mv02－(m＋M)v2 聯(lián)立解得M＝. 3．(1)　(2) 解析　(1)設(shè)A、B的質(zhì)量為m，則C的質(zhì)量為2m.B、C碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，令B、C碰后的共同速度為v1，以B的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv0＝3mv1 解得：v1＝ B、C共速后A以v0的速度滑上C，A滑上C后，B、C脫離，A、C相互作用過(guò)程中動(dòng)量守恒，設(shè)最終A、C的共同速度v2，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得： mv0＋2mv1＝3mv2 解得：v2＝ 在A、C相互作用過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律得： FfL＝mv02＋2mv12－3mv22 又Ff＝μmg 解得：μ＝ (2)A在C上滑動(dòng)時(shí)，C的加速度a＝＝ A從滑上C到與C共速經(jīng)歷的時(shí)間： t＝＝ B運(yùn)動(dòng)的位移：xB＝v1t＝L C運(yùn)動(dòng)的位移xC＝＝ B、C相距：x＝xC－xB＝ 4．(1)　(2)mgx0sin θ　(3) 解析　(1)設(shè)物塊與鋼板碰撞前速度為v0， 3mgx0sin θ＝mv02 解得v0＝ 設(shè)物塊與鋼板碰撞后一起運(yùn)動(dòng)的速度為v1，以沿斜面向下為正方向，由動(dòng)量守恒定律得 mv0＝2mv1 解得v1＝ (2)設(shè)碰撞前彈簧的彈性勢(shì)能為Ep，當(dāng)它們一起回到O點(diǎn)時(shí)，彈簧無(wú)形變，彈性勢(shì)能為零，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得 Ep＋(2m)v＝2mgx0sin θ 解得Ep＝mgx0sin θ (3)設(shè)v2表示質(zhì)量為2m的物塊與鋼板碰后開(kāi)始一起向下運(yùn)動(dòng)的速度，以沿斜面向下為正方向，由動(dòng)量守恒定律得 2mv0＝3mv2 它們回到O點(diǎn)時(shí)，彈性勢(shì)能為零，但它們?nèi)岳^續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)速度為v，由機(jī)械能守恒定律得 Ep＋(3m)v22＝3mgx0sin θ＋(3m)v2 在O點(diǎn)物塊與鋼板分離，分離后，物塊以速度v繼續(xù)沿斜面上升，設(shè)運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最高點(diǎn)離O點(diǎn)的距離為l，有 v2＝2al 2mgsin θ＝2ma 解得l＝ 5．(1)27 J　(2)2 m/s　(3)3 m 解析　(1)小物塊P由B到C的過(guò)程： W彈－μ1m1gL＝m1v02－0 解得W彈＝27 J Ep＝W彈＝27 J 即撤去推力時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為27 J. (2)小物塊P和滑塊Q碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，以v0的方向?yàn)檎较? m1v0＝－m1vP＋m2vQ 小物塊P從碰撞后到靜止 －μ1m1gL＝0－m1vP2 解得vQ＝6 m/s Q在長(zhǎng)木板上滑動(dòng)過(guò)程中： 對(duì)Q：－μ2m2g＝m2a1 對(duì)木板：μ2m2g－μ3(M＋m2)g＝Ma2 解得a1＝－4 m/s2，a2＝2 m/s2 當(dāng)滑塊Q和木板速度相等時(shí)，木板速度最大，設(shè)速度為v，滑行時(shí)間為t. 對(duì)Q：v＝vQ＋a1t 對(duì)木板：v＝a2t 解得t＝1 s v＝2 m/s 長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)中的最大速度為2 m/s (3)在Q和木板相對(duì)滑動(dòng)過(guò)程中 Q的位移：xQ＝(vQ＋v)t 木板的位移：x板＝(0＋v)t 木板的最小長(zhǎng)度：L＝xQ－x板 解得L＝3 m 6．(1)420 J　(2)0.2 m 解析　(1)人推鐵箱過(guò)程，以v0的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得： (m1＋m2＋m3)v0＝m3v1 解得v1＝5 m/s 人推出鐵箱時(shí)對(duì)鐵箱所做的功為： W＝m3v12－m3v02＝420 J (2)設(shè)鐵箱與墻壁相碰前的速度為v2，箱子再次滑到A點(diǎn)時(shí)速度為v3，根據(jù)動(dòng)能定理得： 從A到墻：－0.2m3gs＝m3v22－m3v12 解得v2＝2 m/s 從墻到A：－0.2m3gs＝m3v32－m3(v2)2 解得v3＝ m/s 設(shè)人、小車(chē)與鐵箱一起向左運(yùn)動(dòng)的速度為v4，以向左方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律得：m3v3＝(m1＋m2＋m3)v4 解得v4＝ m/s 根據(jù)動(dòng)能定理得： －0.2(m1＋m2＋m3)gx＝0－(m1＋m2＋m3)v42 解得x＝0.2 m