wcbAAA高考物理一輪訓練選 非選擇題4含解析新人教版

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1、 2019人教版高考物理一輪訓練選----非選擇題（四）及答案 李仕才 1、.如圖所示,上、下兩個完全相同的圓弧軌道分別固定在豎直板上的不同高度處,軌道的末端水平,上軌道可上下平移,在兩軌道相對于各自軌道末端高度相同的位置上各安裝一個電磁鐵,兩個電磁鐵由同一個開關控制,通電后,兩電磁鐵分別吸住相同小鐵球A、B,斷開開關,兩個小球同時開始運動。離開圓弧軌道后,A球做平拋運動,B球進入一個光滑的水平軌道,則: (1)B球進入水平軌道后將做　　　　運動;改變上軌道的高度,多次重復上述實驗過程,總能觀察到A球正好砸在B球上,由此現(xiàn)象可以得出的結論是　　　　　　　　　　　　　　　。 (2)某次

2、實驗恰按圖示位置釋放兩個小球,兩個小球相碰的位置在水平軌道上的P點處,已知固定在豎直板上的方格紙的正方形小格邊長均為9 cm,則可計算出A球剛達P點時的速度大小為　　　　 m/s。(g取10 m/s2,結果保留兩位有效數(shù)字) 答案(1)勻速(直線)　A球(或平拋運動)的水平分運動是勻速直線運動　(2)4.5 解析(1)讓兩小球從相同的弧形軌道上相同高度滾下,從而使兩小球同時滾離軌道并具有相同的速度。小球A做平拋運動,小球B做勻速直線運動,當兩小球相遇時則說明小球平拋運動水平方向是勻速直線運動。當同時改變兩小球滾下的高度時,仍能相碰,則說明平拋運動水平方向總是勻速直線運動。 (2)物體平拋

3、運動因此有: 豎直方向:h=9L=gt2,vy=gt 水平方向:9L=v0t A到達P點的速度為v= 將L=9 cm=0.09 m代入,解得v=4.5 m/s 2、(2018河北衡水中學一模)如圖所示,放在粗糙的固定斜面上的物塊A和懸掛的物體B均處于靜止狀態(tài)。輕繩AO繞過光滑的定滑輪與輕彈簧的右端及輕繩BO的上端連接于O點,輕彈簧中軸線沿水平方向,輕繩的OC段與豎直方向的夾角θ=53,斜面傾角α=37,物塊A和B的質量分別為mA=5 kg,mB=1.5 kg,彈簧的勁度系數(shù)k=500 N/m(sin 37=0.6,cos 37=0.8,重力加速度g取10 m/s2),求: (1

4、)彈簧的伸長量x; (2)物塊A受到的摩擦力。 答案(1)4 cm　(2)5 N,方向沿斜面向上。 解析(1)對結點O受力分析如圖所示: 根據(jù)平衡條件,有 FTcos θ-mBg=0 FTsin θ-F=0 且F=kx 解得x=4 cm; (2)設物體A所受摩擦力沿斜面向下,對物體A受力分析如圖所示: 根據(jù)平衡條件,有FT-Ff-mAgsin α=0 解得Ff=-5 N 即物體A所受摩擦力大小為5 N,方向沿斜面向上。 3、一物體沿斜面向上以12 m/s的初速度開始滑動,它沿斜面向上以及沿斜面向下滑動的v-t圖象如圖所示,求斜面的傾角以及物體與斜面間的動摩擦因

5、數(shù)。(g取10 m/s2) 答案斜面的傾角30,物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=。 解析由題圖可知上滑過程的加速度a= 則a上= m/s2=6 m/s2, 下滑過程的加速度a下= m/s2=4 m/s2 上滑過程和下滑過程對物體受力分析如圖 上滑過程 a上==gsin θ+μgcos θ 下滑過程a下=gsin θ-μgcos θ, 聯(lián)立解得θ=30,μ= 4、在用插針法測定玻璃磚的折射率的實驗中,甲、乙、丙三位同學在紙上畫出的界面aa、bb與玻璃磚位置的關系分別如圖①、②和③所示,其中甲、丙兩同學用的是矩形玻璃磚,乙同學用的是梯形玻璃磚。他們的其他操作均正確,且均以aa、

6、bb為界面畫光路圖。 (1)甲同學測得的折射率與真實值相比　　　　　(選填“偏大”“偏小”或“不變”)。 (2)乙同學測得的折射率與真實值相比　　　　　(選填“偏大”“偏小”或“不變”)。 (3)丙同學測得的折射率與真實值相比　。 答案(1)偏小　(2)不變　(3)可能偏大、可能偏小、可能不變 解析(1)用圖①測定折射率時,玻璃中折射光線偏折大了,所以折射角增大,折射率變小;(2)用圖②測定折射率時,只要操作正確,與玻璃磚形狀無關;(3)用圖③測定折射率時,無法確定折射光線偏折的大小,所以測得的折射率可能偏大、可能偏小、可能不變。 5、如圖甲所示,在一傾角為37的粗糙絕緣斜面上

7、,靜止地放置著一個匝數(shù)n=10的圓形線圈,其電阻R=3.14 Ω、質量m=0.4 kg、半徑r=0.4 m。如果向下輕推一下此線圈,則它剛好可沿斜面勻速下滑?，F(xiàn)在將線圈靜止放在斜面上后,在線圈的水平直徑以下的區(qū)域中,加上垂直斜面方向的、磁感應強度大小按如圖乙所示規(guī)律變化的磁場(提示:通電半圓導線受的安培力與長為半圓直徑的直導線通同樣大小的電流時受的安培力相等,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,sin 37=0.6,cos 37=0.8,g取10 m/s2)。求: (1)剛加上磁場時線圈中的感應電流大小I; (2)從加上磁場開始到線圈剛要運動,線圈中產(chǎn)生的熱量Q。 答案(1)0.4 A　(2

8、)0.5 J 解析(1)由閉合電路的歐姆定律I= 由法拉第電磁感應定律得E=n,S=πr2 由題圖知,=0.5 T/s 聯(lián)立解得I=0.4 A。 (2)設線圈開始能勻速滑動時受的滑動摩擦力為Ff,由題給條件可知Ff=mgsin 37, 通過分析可知,無論磁感應強度方向如何,線圈受到的安培力總是沿斜面向上,且磁感應強度均勻變化,線圈產(chǎn)生的感應電流始終為0.4 A,加變化磁場后線圈剛要運動時 有nBIl=mgsin 37+Ff,其中l(wèi)=2r,解得B=1.5 T 由題圖乙知,B=B0+kt=1.0 T+0.5t 得t=1 s 由焦耳定律Q=I2Rt 聯(lián)立解得Q=0.5 J。 6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375