專題測試練習(xí)題 等差數(shù)列與等比數(shù)列基本量的問題
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1、專題18 等差數(shù)列與等比數(shù)列基本量的問題 【自主熱身,歸納提煉】 1、設(shè)Sn是等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和,若a2+a4=2,S2+S4=1,則a10=________. 【答案】. 8 【解析】: 列方程組求出a1和d,則a10=a1+9d. 設(shè)公差為d,則解得所以a10=a1+9d=8. 2、 已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn.若S15=30,a7=1,則S9的值為________. 【答案】: -9 解法1利用等差數(shù)列基本量;解法2利用等差數(shù)列的性質(zhì):①等差數(shù)列項(xiàng)數(shù)與項(xiàng)數(shù)的關(guān)系:在等差數(shù)列{an}中,若m,n,p,q∈N*且m+n=p+q,則am+an=ap+aq;
2、②等差數(shù)列任兩項(xiàng)的關(guān)系:在等差數(shù)列{an}中,若m,n∈N*且其公差為d,則am=an+(m-n)d. 3、在各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列{an}中,若a2=1,a8=a6+6a4,則a3的值為________. 【答案】: 【解析】:由a8=a6+6a4得a2q6=a2q4+6a2q2,則有q4-q2-6=0,所以q2=3(舍負(fù)),又q>0,所以q=,則a3=a2q=. 等差、等比數(shù)列基本量的計(jì)算是高考??碱}型,熟練掌握等差、等比數(shù)列的通項(xiàng)公式和前n項(xiàng)和公式是解題的關(guān)鍵,值得注意的是等比數(shù)列的通項(xiàng)公式的推廣“an=amqn-m(n>m)”的應(yīng)用. 4、已知等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為
3、Sn,且=-,a4-a2=-,則a3的值為________. 【答案】:. 【解析】: 兩個(gè)已知等式均可由a3和公比q表示. 由已知,得解得 5、記等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn.若am=10,S2m-1=110,則m的值為________. 【答案】: 6 【解析】:由S2m-1=·(2m-1)=[a1+(m-1)d](2m-1)=(2m-1)am得,110=10(2m-1),解得m=6. 6、已知各項(xiàng)都是正數(shù)的等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若4a4,a3,6a5成等差數(shù)列,且a3=3a,則S3=________. 【答案】:. 【解析】:設(shè)各項(xiàng)都是正數(shù)的等比數(shù)列
4、{an}的公比為q,則q>0,且a1>0,由4a4,a3,6a5成等差數(shù)列,得2a3=4a4+6a5,即2a3=4a3q+6a3q2,解得q=.又由a3=3a,解得a1=,所以S3=a1+a2+a3=++=. 7、知是等比數(shù)列,是其前項(xiàng)和.若,,則的值為 ▲ . 【答案】2或6 【解析】由,當(dāng)左邊=右邊= 顯然不成立,所以,則有,因?yàn)? 所以,即,所以或,所以. 【易錯(cuò)警示】若用到等比數(shù)列的前項(xiàng)公式,要討論公比是否為1;方程兩邊,若公因數(shù)不為0,可以同時(shí)約去,若不確定是否為0,要移項(xiàng)因式分解,轉(zhuǎn)化成乘積為0的形式再求解,否則會(huì)漏解. 8、《九章算術(shù)》中的“竹九節(jié)”問題:現(xiàn)有
5、一根9節(jié)的竹子,自上而下各節(jié)的容積成等差數(shù)列,上面4節(jié)的容積共3升,下面3節(jié)的容積共4升,則該竹子最上面一節(jié)的容積為________升. 【答案】:. 【解析】:設(shè)該等差數(shù)列為{an},則有S4=3,a9+a8+a7=4,即a8=,則有即解得a1=. 9、 等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,且an-Sn=n2-16n+15(n≥2,n∈N*),若對任意n∈N*,總有Sn≤Sk,則k的值是________. 10、若等比數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為正數(shù),且a3-a1=2,則a5的最小值為 . 【答案】:.8 【解析】: 因?yàn)閍3-a1=2,所以,即 所以,設(shè),
6、即, 所以,當(dāng)且僅當(dāng),即時(shí)取到等號(hào). 【問題探究,變式訓(xùn)練】 例1、已知公差為d的等差數(shù)列的前n項(xiàng)和為Sn,若=3,則的值為________. 【答案】:. 【解析】:設(shè)等差數(shù)列{an}的首項(xiàng)為a1,則由=3得=3,所以d=4a1,所以===. 【變式1】、設(shè)是等差數(shù)列的前n項(xiàng)和,若,則= . 【解析】 由,得,由S3,S6- S3,S9- S6成等差數(shù)列, 故S6- S3 = 2S3,S9- S6 = 3S3 = S6,解得=. 【變式2】、 設(shè)是等比數(shù)列的前n項(xiàng)和,若,則= . 【解析】 由,得,由S5,S10- S5,S15- S
7、10,S20- S15成等差數(shù)列, 故S10- S5 = 2 S5,S15- S10 = 4S5,S20- S15 = 8S5, 所以,,,故. 【變式3】、 設(shè)是等比數(shù)列的前n項(xiàng)和,若,則= . 【解析】 由,得,則. 【關(guān)聯(lián)1】、設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,滿足Sn=2an-2,則=________. 【解析】: 4 求出a1及an+1與an間的遞推關(guān)系. 由Sn=2an-2和Sn+1=2an+1-2,兩式相減得an+1-2an=0,即an+1=2an.又a1=S1=2,所以數(shù)列{an}是首項(xiàng)為2、公比q=2的等比數(shù)列,所以=q2=4. 【關(guān)聯(lián)2
8、】、Sn是等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和,若=,則=________. 【答案】: 解法1 由=可得,==,當(dāng)n=1時(shí),=,所以a2=2a1. d=a2-a1=a1,所以===. 解法2 ==, 觀察發(fā)現(xiàn)可令Sn=n2+n,則an=Sn-Sn-1=n2+n-(n-1)2-(n-1)=2n,所以==. 【關(guān)聯(lián)3】、 已知等差數(shù)列{an}和{bn}的前n項(xiàng)的和分別是An和Bn,且,使得為整數(shù)的正整數(shù)n的個(gè)數(shù)為 . 【解析】,所以,, 要使得為整數(shù),則n+1為18的因數(shù), n=1,2,5,8,17, 所以,使得為整數(shù)的正整數(shù)n共有5個(gè). 例1、已知數(shù)列{an}是公差為
9、正數(shù)的等差數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn,且a2·a3=15,S4=16. (1) 求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式. (2) 設(shè)數(shù)列{bn}滿足b1=a1,bn+1-bn=. ①求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式; ②是否存在正整數(shù)m,n(m≠n),使得b2,bm,bn成等差數(shù)列?若存在,求出m,n的值;若不存在,請說明理由. 【解析】: (1) 設(shè)數(shù)列{an}的公差為d,則d>0. 由a2·a3=15,S4=16,得 解得或(舍去).所以an=2n-1.(4分) (2) ①因?yàn)閎1=a1=1, bn+1-bn===·, (6分) 即b2-b1=, b3-b2=, … bn-bn-1=,n≥
10、2, 累加得bn-b1==,(9分) 所以bn=b1+=1+=. 又b1=1也符合上式,故bn=,n∈N*.(11分) 解后反思 對于研究與整數(shù)有關(guān)的問題,一般地,可利用整數(shù)性或通過求出某個(gè)變量的限制范圍,利用整數(shù)的性質(zhì)進(jìn)行一一地驗(yàn)證. 【變式1】、設(shè){an}是公差不為零的等差數(shù)列,Sn為其前n項(xiàng)和,滿足,S7 = 7 (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式及前n項(xiàng)和Sn; (2)試求所有的正整數(shù)m,使得為數(shù)列{an}中的項(xiàng). 【解析】(1)設(shè)公差為d,則,得, 因?yàn)閐 ≠ 0,所以, 又由S7 = 7得a4 = 1,解得a1 = -5,d = 2, 所以,. (2),
11、令,則, 因?yàn)閠是奇數(shù),所以t可取的值為, 當(dāng)t = 1,m = 1時(shí),,是數(shù)列中的項(xiàng); 當(dāng)t = -1時(shí),m = 0(舍), 所以,滿足條件的正整數(shù)m = 1. 【變式2】、已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,數(shù)列{bn},{cn}滿足(n+1)bn=an+1-,(n+2)cn=-,其中n∈N*. (1) 若數(shù)列{an}是公差為2的等差數(shù)列,求數(shù)列{cn}的通項(xiàng)公式; (2) 若存在實(shí)數(shù)λ,使得對一切n∈N*,有bn≤λ≤cn,求證:數(shù)列{an}是等差數(shù)列. 思路分析 (2) 若數(shù)列{an}是公差為d的等差數(shù)列,則an+1-=d,-=d,所以bn=cn=d.因此要先證b
12、n=cn=λ是常數(shù). 【解析】: (1) 若數(shù)列{an}是公差為2的等差數(shù)列,則=.(2分) 所以(n+2)cn==n+2,得cn=1.(4分) (2) 由(n+1)bn=an+1-,得n(n+1)bn=nan+1-Sn, 從而(n+1)(n+2)bn+1=(n+1)an+2-Sn+1. 兩式相減,得(n+1)(n+2)bn+1-n(n+1)bn=(n+1)an+2-(n+1)an+1, 即(n+2)bn+1-nbn=an+2-an+1.(*)(6分) 又(n+2)cn-(n+1)bn=, 所以2(n+2)cn-2(n+1)bn=(n+2)bn+1-nbn, 整理,得cn=(
13、bn+bn+1).(9分) 因?yàn)閎n≤λ≤cn對一切n∈N*恒成立, 所以bn≤λ≤cn=(bn+bn+1)≤λ對一切n∈N*恒成立, 得cn=λ,且bn+bn+1=2λ. 而bn≤λ,bn+1≤λ,所以必有bn=bn+1=λ. 綜上所述,bn=cn=λ對一切n∈N*恒成立.(12分) 此時(shí),由(*)式,得an+2-an+1=2λ對一切n∈N*恒成立.(14分) 對(n+1)bn=an+1-,取n=1,得a2-a1=2λ. 綜上所述,an+1-an=2λ對一切n∈N*恒成立. 所以數(shù)列{an}是公差為2λ的等差數(shù)列.(16分) 思想根源 若數(shù)列{an}是公差為d的等差數(shù)列,
14、則是公差為d的等差數(shù)列. 【關(guān)聯(lián)1】、已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,a1=3,且對任意的正整數(shù)n,都有Sn+1=λSn+3n+1,其中常數(shù)λ>0.設(shè)bn= (n∈N*)﹒ (1) 若λ=3,求數(shù)列的通項(xiàng)公式; (2) 若λ≠1且λ≠3,設(shè)cn=an+×3n(n∈N*),證明數(shù)列是等比數(shù)列; (3) 若對任意的正整數(shù)n,都有bn≤3,求實(shí)數(shù)λ的取值范圍. 【解析】: 因?yàn)镾n+1=λSn+3n+1,n∈N*, 所以當(dāng)n≥2時(shí),Sn=λSn-1+3n, 從而an+1=λan+2·3n,n≥2,n∈N*﹒ 又在Sn+1=λSn+3n+1中,令n=1,可得a2=λa1+2×31,滿
15、足上式, 所以an+1=λan+2·3n, n∈N*﹒ (2分) (1) 當(dāng)λ=3時(shí), an+1=3an+2·3n,n∈N*, 從而=+,即bn+1-bn=, 又b1=1,所以數(shù)列是首項(xiàng)為1,公差為的等差數(shù)列, 所以bn=.(4分) (2) 當(dāng)λ>0且λ≠3且λ≠1時(shí), cn=an+×3n=λan-1+2×3n-1+×3n =λan-1+×3n-1(λ-3+3) =λ(an-1+×3n-1)=λ·cn-1, (7分) 又c1=3+=≠0, 所以是首項(xiàng)為,公比為λ的等比數(shù)列, cn=·λn-1﹒(8分) (3) 在(2)中,若λ=1,則cn=0也可使an有意義
16、,所以當(dāng)λ≠3時(shí),cn=·λn-1.
從而由(1)和(2)可知
(9分)
當(dāng)λ=3時(shí),bn=,顯然不滿足條件,故λ≠3.(10分)
當(dāng)λ≠3時(shí),bn=×n-1-.
若λ>3, >0,bn
17、-≤3即可. 所以1<λ≤. (15分) 綜上所述,實(shí)數(shù)λ的取值范圍是.(16分) 【關(guān)聯(lián)2】、已知數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為正數(shù),記數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,數(shù)列{a}的前n項(xiàng)和為Tn,且3Tn=S+2Sn,n∈N*. (1) 求a1的值; (2) 求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (3) 若k,t∈N*,且S1,Sk-S1,St-Sk成等比數(shù)列,求k和t的值. 第(2)問,由于式子“3Tn=S+2Sn”涉及數(shù)列{an},{a}的前n項(xiàng)和,常用相鄰項(xiàng)作差法處理,將其轉(zhuǎn)化為數(shù)列{an}的遞推式,進(jìn)而構(gòu)造等比數(shù)列求解;第(3)問,由題意,兩個(gè)未知量k和t,一個(gè)等式,屬于不定方程問題,通
18、常有以下思考方法:因式分解法、利用整除性質(zhì)、不等式估計(jì)法、奇偶性分析法,本題采用奇偶性分析法求解. 規(guī)范解答 (1) 由3T1=S+2S1,得3a=a+2a1,即a-a1=0.因?yàn)閍1>0,所以a1=1.(2分) (2) 因?yàn)?Tn=S+2Sn,① 所以3Tn+1=S+2Sn+1,② ②-①,得3a=S-S+2an+1,即3a=(Sn+1+Sn)(Sn+1-Sn)+2an+1,即3a=(Sn+1+Sn)an+1+2an+1, 因?yàn)閍n+1>0, 所以3an+1=Sn+1+Sn+2,③(5分) 所以3an+2=Sn+2+Sn+1+2,④ ④-③,得3an+2-3an+1=an+2
19、+an+1,即an+2=2an+1, 所以當(dāng)n≥2時(shí),=2.(8分) 又由3T2=S+2S2,得3(1+a)=(1+a2)2+2(1+a2), 即a-2a2=0. 因?yàn)閍2>0,所以a2=2,所以=2, 所以對n∈N*,都有=2成立, 所以數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=2n-1,n∈N*.(10分) (3) 由(2)可知Sn=2n-1. 因?yàn)镾1,Sk-S1,St-Sk成等比數(shù)列, 所以(Sk-S1)2=S1(St-Sk),即(2k-2)2=2t-2k,(12分) 所以2t=(2k)2-3·2k+4,即2t-2=(2k-1)2-3·2k-2+1(*). 由于Sk-S1≠0
20、,所以k≠1,即k≥2. 當(dāng)k=2時(shí),2t=8,得t=3.(14分) 當(dāng)k≥3時(shí),由(*),得(2k-1)2-3·2k-2+1為奇數(shù), 所以t-2=0,即t=2,代入(*)得22k-2-3·2k-2=0,即2k=3,此時(shí)k無正整數(shù)解. 綜上,k=2,t=3.(16分) 數(shù)列中不定方程的常見解題策略有因式分解法、利用整除性質(zhì)、不等式估計(jì)法、奇偶性分析法,這些策略有一個(gè)共同的特征,就是對等式兩邊適當(dāng)?shù)淖冃芜x擇等式一邊的特征進(jìn)行解題,如整除的性質(zhì)、范圍上界或下界、因式分解的形式、是否為有理數(shù)、奇偶性等. 【關(guān)聯(lián)3】、在數(shù)列{an}中,已知a1=2,an+1=3an+2n-1. (1)
21、 求證:數(shù)列{an+n}為等比數(shù)列; (2) 記bn=an+(1-λ)n,且數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Tn,若T3為數(shù)列{Tn}中的最小項(xiàng),求λ的取值范圍. 思路分析 (1) 證明等比數(shù)列,一般從等比數(shù)列的定義出發(fā),首先要說明它的任意一項(xiàng)均不為0,且相鄰兩項(xiàng)的比值為非零的常數(shù). (2) 由第(1)問求出數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式,由此得到{bn}的通項(xiàng)公式,通過分組求和后得到它的前n項(xiàng)和.注意到T3為數(shù)列{Tn}中的最小項(xiàng),因此,將它轉(zhuǎn)化為對應(yīng)的不等式恒成立問題,而要研究數(shù)列中的不等式恒成立問題,研究數(shù)列的單調(diào)性是必然的手段,通過研究數(shù)列的單調(diào)性后來得到變量λ的取值范圍. 當(dāng)n=2時(shí),由
22、T2≥T3,得λ≥9;(12分) 當(dāng)n≥4時(shí),n2+n-12=(n+4)(n-3)>0恒成立, 所以λ≤對?n≥4恒成立. 令f(n)=,n≥4, 則f(n+1)-f(n)=>0恒成立, 故f(n)=在n≥4時(shí)單調(diào)遞增, 所以λ≤f(4)=.(15分) 綜上,9≤λ≤.(16分) 解后反思 證明一個(gè)數(shù)列為等比數(shù)列常用定義法與等比中項(xiàng)法,其他方法只用于選擇、填空題中的判定;若證明某數(shù)列不是等比數(shù)列,則只要證明存在連續(xù)三項(xiàng)不成等比數(shù)列即可.而研究數(shù)列中的取值范圍問題,一般都是通過研究數(shù)列的單調(diào)性來進(jìn)行求解. 【關(guān)聯(lián)4】、已知等差數(shù)列{an}的公差d不為0,且ak1,ak2,…,a
23、kn,…(k1<k2<…<kn<…)成等比數(shù)列,公比為q. (1) 若k1=1,k2=3,k3=8,求的值; (2) 當(dāng)為何值時(shí),數(shù)列{kn}為等比數(shù)列? (3) 若數(shù)列{kn}為等比數(shù)列,且對于任意n∈N*,不等式an+akn>2kn恒成立,求a1的取值范圍. 思路分析 (1) 通過等比中項(xiàng),得到a1和d的方程,從而求出的值; (2) 先由數(shù)列{kn}為等比數(shù)列,得出k=k1k3,再結(jié)合ak1,ak2,ak3成等比數(shù)列,得方程[a1+(k1-1)d][a1+(k3-1)d]=[a1+(k2-1)d]2,化簡得=1,再證明當(dāng)=1時(shí),數(shù)列{kn}為等比數(shù)列,從而確定的值為1; (3
24、) 由(2)中結(jié)論得出kn=k1qn-1(q>1),代入an+akn>2kn并分離變量得0<<=+·,再證明無限小,從而確定+·有下界,得到0<≤,從而確定a1的取值范圍是[2,+∞). 【解析】: (1) 由已知可得a1,a3,a8成等比數(shù)列,所以(a1+2d)2=a1(a1+7d), (2分) 整理可得4d2=3a1d.因?yàn)閐≠0,所以=.(4分) (2) 設(shè)數(shù)列{kn}為等比數(shù)列,則k=k1k3. 又因?yàn)閍k1,ak2,ak3成等比數(shù)列, 所以[a1+(k1-1)d][a1+(k3-1)d]=[a1+(k2-1)d]2. 整理,得a1(2k2-k1-k3)=d(k1k3-k-
25、k1-k3+2k2). 因?yàn)閗=k1k3,所以a1(2k2-k1-k3)=d(2k2-k1-k3). 因?yàn)?k2≠k1+k3,所以a1=d,即=1.(6分) 當(dāng)=1時(shí),an=a1+(n-1)d=nd,所以akn=knd. 又因?yàn)閍kn=ak1qn-1=k1dqn-1,所以kn=k1qn-1. 所以==q,數(shù)列{kn}為等比數(shù)列. 綜上,當(dāng)=1時(shí),數(shù)列{kn}為等比數(shù)列.(8分) 因?yàn)閘nx≤x<x,則lnn1=2lnn1<n1, 解不等式n1<n1lnq+lnε,即(n1)2lnq-n1+lnε>0, 可得n1>, 所以n1>2. 設(shè)[x]表示不大于x的最大整數(shù).不妨取n0=+1,則當(dāng)n1>n0時(shí),原式得證. 所以0<≤,所以a1≥2,即得a1的取值范圍是[2,+∞).(16分) 解后反思 本題第(2)問是根據(jù)必要條件來解題,由數(shù)列{kn}為等比數(shù)列,得出前三項(xiàng)成等比,求出=1,但要注意要證明當(dāng)=1時(shí),數(shù)列{kn}為等比數(shù)列;第(3)問,證明當(dāng)n→+∞時(shí),→0,這里用代數(shù)方法嚴(yán)格證明,要認(rèn)真地體會(huì).
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