高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題能力訓(xùn)練4 萬有引力與航天（含解析）-人教版高三物理試題

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1、專題能力訓(xùn)練4　萬有引力與航天 (時(shí)間:45分鐘　滿分:98分) 一、選擇題(本題共14小題,每小題7分,共98分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,1~8題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求,9~14題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得7分,選對但不全的得4分,有選錯(cuò)的得0分) 1.(2018·全國卷Ⅲ)為了探測引力波,“天琴計(jì)劃”預(yù)計(jì)發(fā)射地球衛(wèi)星P,其軌道半徑約為地球半徑的16倍;另一地球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的4倍。P與Q的周期之比約為(　　) A.2∶1 B.4∶1 C.8∶1 D.16∶1 答案:C 解析:兩個(gè)衛(wèi)星都是繞同一中心天體(地球)做圓周運(yùn)動(dòng),根據(jù)開普勒第三定律:R3T2=

2、k,已知RPRQ=41,可得RP3RQ3=TP2TQ2=641,化簡可得TP∶TQ=8∶1,選項(xiàng)C正確。 2.(2019·北京卷)2019年5月17日,我國成功發(fā)射第45顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星,該衛(wèi)星屬于地球靜止軌道衛(wèi)星(同步衛(wèi)星)。該衛(wèi)星 (　　) A.入軌后可以位于北京正上方 B.入軌后的速度大于第一宇宙速度 C.發(fā)射速度大于第二宇宙速度 D.若發(fā)射到近地圓軌道所需能量較少 答案:D 解析:地球同步衛(wèi)星一定在地球赤道的正上方,不可能位于北京正上方,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;第一宇宙速度是衛(wèi)星最大的環(huán)繞速度,同步衛(wèi)星的速度一定小于第一宇宙速度,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;發(fā)射速度大于第二宇宙速度的衛(wèi)星將脫離地球引力

3、的束縛,不可能成為同步衛(wèi)星,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;衛(wèi)星軌道半徑越小,具有的機(jī)械能越小,發(fā)射時(shí)需要的能量就越小,選項(xiàng)D正確。 3.假設(shè)嫦娥三號(hào)衛(wèi)星繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng),其運(yùn)動(dòng)周期為T。已知月球的半徑為R,月球車的質(zhì)量為m,則月球車在月球表面上所受到的重力為(　　) A.4π2mrT2 B.4π2mRT2 C.4π2mR3T2r2 D.4π2mr3T2R2 答案:D 解析:本題考查萬有引力定律、向心力公式、周期公式等知識(shí)點(diǎn),意在考查學(xué)生的邏輯推理能力。嫦娥三號(hào)衛(wèi)星繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng),有GMm'r2=m'4π2T2r;月球車在月球表面上所受到的重力等于其受到的萬有引力,則F=G

4、MmR2,聯(lián)立可得F=4π2mr3T2R2,選項(xiàng)D正確。 4.太陽系中存在一顆繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)、平均密度為ρ的球形天體,一物體放在該天體表面的赤道上,由于天體的自轉(zhuǎn)使物體對天體表面的壓力剛好為0,則天體的自轉(zhuǎn)周期為(引力常量為G) (　　) A.4π3Gρ B.3π4Gρ C.πGρ D.3πGρ 答案:D 解析:由于物體對天體表面的壓力恰好為0,所以物體受到天體的萬有引力全部提供物體隨天體自轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,GMmR2=m4π2T2R,又因?yàn)棣?MV=M43πR3,由以上兩式解得T=3πρG,選項(xiàng)D正確。 5.我國第五顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星是一顆地球同步軌道衛(wèi)星。如圖所示,假若第

5、五顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星先沿橢圓軌道Ⅰ飛行,后在遠(yuǎn)地點(diǎn)P處由橢圓軌道Ⅰ變軌進(jìn)入地球同步圓軌道Ⅱ。下列說法正確的是(　　) A.衛(wèi)星在軌道Ⅱ運(yùn)行時(shí)的速度大于7.9 km/s B.衛(wèi)星在軌道Ⅱ運(yùn)行時(shí)的向心加速度比在赤道上相對地球靜止的物體的向心加速度大 C.衛(wèi)星在軌道Ⅱ運(yùn)行時(shí)不受地球引力作用 D.衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ上的P點(diǎn)處減速進(jìn)入軌道Ⅱ 答案:B 解析:7.9km/s即第一宇宙速度,是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度,也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度。而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑,根據(jù)v的表達(dá)式可以發(fā)現(xiàn)同步衛(wèi)星運(yùn)行的線速度一定小于第一宇宙速度,故A錯(cuò)誤;同步衛(wèi)星的角速度與赤道上物體的角速度相

6、等,根據(jù)a=rω2,同步衛(wèi)星的向心加速度大于赤道上物體的向心加速度,故B正確;北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)所受重力作用提供向心力,處于失重狀態(tài),故C錯(cuò)誤;衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ上的P點(diǎn)處加速實(shí)現(xiàn)提供的力小于需要的向心力,進(jìn)入軌道Ⅱ,故D錯(cuò)誤。 6.(2019·山東聊城一中模擬)衛(wèi)星電話在搶險(xiǎn)救災(zāi)中能發(fā)揮重要作用。第一代、第二代海事衛(wèi)星只使用地球同步衛(wèi)星,不能覆蓋地球上的高緯度地區(qū),第三代海事衛(wèi)星采用地球同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星結(jié)合的方案,它由4顆同步衛(wèi)星與12顆中軌道衛(wèi)星構(gòu)成。中軌道衛(wèi)星高度為10 354千米,分布在幾個(gè)軌道平面上(與赤道平面有一定的夾角),在這個(gè)高度上,衛(wèi)星沿軌道旋轉(zhuǎn)一周的時(shí)間

7、為6小時(shí)。則下列判斷正確的是(　　) A.中軌道衛(wèi)星的角速度小于地球同步衛(wèi)星 B.中軌道衛(wèi)星的線速度小于地球同步衛(wèi)星 C.如果某一時(shí)刻中軌道衛(wèi)星、地球同步衛(wèi)星與地球的球心在同一直線上,那么經(jīng)過6小時(shí)它們?nèi)栽谕恢本€上 D.在中軌道衛(wèi)星經(jīng)過地面某點(diǎn)的正上方24小時(shí)后,該衛(wèi)星仍在地面該點(diǎn)的正上方 答案:D 解析:ω=2πT,地球同步衛(wèi)星的周期為24小時(shí),而本題中中軌道衛(wèi)星為6小時(shí),所以中軌道衛(wèi)星的角速度大于地球同步衛(wèi)星,A錯(cuò)誤。根據(jù)萬有引力提供向心力得GMmr2=mω2r,解得ω=GMr3,故中軌道衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星;根據(jù)v=ωr得v=GMr,中軌道衛(wèi)星軌道半徑小,線速度更大,

8、B錯(cuò)誤。經(jīng)過6小時(shí),中軌道衛(wèi)星完成一周,而同步衛(wèi)星與地球?yàn)?4周,故不可能在一直線上,C錯(cuò)誤。一天后地球完成1周,中軌道衛(wèi)星完成4周,則衛(wèi)星仍在地面該點(diǎn)的正上方,D正確。 7.(2017·全國卷Ⅲ)2017年4月,我國成功發(fā)射的天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船與天宮二號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室完成了首次交會(huì)對接,對接形成的組合體仍沿天宮二號(hào)原來的軌道(可視為圓軌道)運(yùn)行。與天宮二號(hào)單獨(dú)運(yùn)行時(shí)相比,組合體運(yùn)行的(　　) A.周期變大 B.速率變大 C.動(dòng)能變大 D.向心加速度變大 答案:C 解析:根據(jù)題意,組合體的軌道半徑與天宮二號(hào)相同,由GMmr2=mv2r=m4π2rT2=ma,得T=2πr3GM,v=GMr,

9、a=GMr2,組合體的周期、速率、向心加速度大小均與天宮二號(hào)相同,A、B、D錯(cuò);組合體的質(zhì)量大于天宮二號(hào),而速率相同,故動(dòng)能變大,C正確。 8.某行星有一顆衛(wèi)星繞其做勻速圓周運(yùn)動(dòng),若衛(wèi)星在某高度處的線速度為v1,高度降低h后仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng),線速度為v2,引力常量G已知。由以上信息能夠求出的是(　　) A.行星表面的重力加速度 B.行星的質(zhì)量 C.行星的密度 D.衛(wèi)星的動(dòng)能 答案:B 解析:設(shè)行星質(zhì)量為M,衛(wèi)星的質(zhì)量為m,初始狀態(tài)離地心的距離為r,根據(jù)萬有引力定律有GMmr2=mv12r,GMm(r-?)2=mv22r-?,由以上兩式得GMv22?GMv12=h,可求得行星的質(zhì)量

10、,但由于不能求得行星的半徑,也就無法求得行星的密度和行星表面的重力加速度,又由于不知道衛(wèi)星的質(zhì)量,也無法求得衛(wèi)星的動(dòng)能,故選B。 9.(2018·內(nèi)蒙古集寧模擬)假如某志愿者登上火星后將一小球從高為h的地方由靜止釋放,不計(jì)空氣阻力,測得經(jīng)過時(shí)間t小球落在火星表面,已知火星的半徑為R,引力常量為G,不考慮火星自轉(zhuǎn),則下列說法正確的是(　　) A.火星的第一宇宙速度為2?Rt B.火星的質(zhì)量為2?2RGt2 C.火星的平均密度為3?2πRGt2 D.環(huán)繞火星表面運(yùn)行的衛(wèi)星的周期為πt2R? 答案:CD 解析:根據(jù)h=12gt2得火星表面的重力加速度g=2?t2,在火星表面的近地衛(wèi)星的

11、速度即第一宇宙速度設(shè)為v,則mg=mv2R,解得v=gR,所以火星的第一宇宙速度v=2?Rt2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由mg=GMmR2得,M=gR2G=2?R2Gt2,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;火星的體積為V=43πR3,根據(jù)ρ=MV=2?R2Gt24πR33=3?2πRGt2,選項(xiàng)C正確;根據(jù)T=2πRv=2πR2?Rt2=πt2R?,選項(xiàng)D正確。 10.(2018·天津卷)2018年2月2日,我國成功將電磁監(jiān)測試驗(yàn)衛(wèi)星張衡一號(hào)發(fā)射升空,標(biāo)志我國成為世界上少數(shù)擁有在軌運(yùn)行高精度地球物理場探測衛(wèi)星的國家之一。通過觀測可以得到衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期,并已知地球的半徑和地球表面處的重力加速度。若將衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動(dòng)看作是

12、勻速圓周運(yùn)動(dòng),且不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響,根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計(jì)算出衛(wèi)星的(　　) A.密度 B.向心力的大小 C.離地高度 D.線速度的大小 答案:CD 解析:萬有引力提供衛(wèi)星圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,則有GMm(R+?)2=ma=mv2R+?=m(R+h)4π2T2,其中GM=gR2,可以求得衛(wèi)星離地面的高度h和衛(wèi)星的線速度v;由于不知道衛(wèi)星的質(zhì)量m,無法求出衛(wèi)星所受向心力和衛(wèi)星的密度。故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤,選項(xiàng)C、D正確。 11.某類地行星繞太陽系外的紅矮星做勻速圓周運(yùn)動(dòng),公轉(zhuǎn)周期約為37天,該行星的半徑大約是地球半徑的1.9倍,且表面重力加速度與地球表面重力加速度相近。下列關(guān)于該行星的說

13、法正確的是 (　　) A.該行星公轉(zhuǎn)角速度一定比地球的公轉(zhuǎn)角速度大 B.該行星平均密度比地球平均密度大 C.該行星近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于地球近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度 D.該行星同步衛(wèi)星的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期 答案:AC 解析:由ω=2πT可得周期小,角速度大,故A正確;根據(jù)GMmR2=mg,因?yàn)樾行潜砻嬷亓铀俣扰c地球表面重力加速度相近,半徑大約是地球半徑的1.9倍。根據(jù)密度的定義式ρ=MV=gR2G43πR3=3g4πGR,該行星的平均密度比地球平均密度小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;根據(jù)mg=mv2R,得v=gR,因?yàn)榘霃绞堑厍虬霃降?.9倍,則該行星近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于地球近地衛(wèi)星的運(yùn)行速

14、度,故C正確;因?yàn)椴恢涝撔行堑淖赞D(zhuǎn)周期與地球自轉(zhuǎn)周期的關(guān)系,故不能確定該行星與地球的同步衛(wèi)星的周期關(guān)系,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 12.(2019·河北衡水中學(xué)模擬)極地衛(wèi)星的運(yùn)行軌道平面通過地球的南北兩極(軌道可視為圓軌道)。如圖所示,某時(shí)刻某極地衛(wèi)星在地球北緯30° A點(diǎn)的正上方按圖示方向運(yùn)行,經(jīng)過12 h后第二次出現(xiàn)在A點(diǎn)的正上方。則下列說法正確的是(　　) A.該衛(wèi)星一定貼近地表飛行 B.該衛(wèi)星的周期的最大值為18 h C.該衛(wèi)星運(yùn)行的線速度比同步衛(wèi)星的線速度大 D.該衛(wèi)星每隔12 h經(jīng)過A點(diǎn)的正上方一次 答案:BC 解析:地球在12h的時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)了180°,要使衛(wèi)星第二次出現(xiàn)在

15、A點(diǎn)的正上方,則時(shí)間應(yīng)該滿足23T+nT=12h,解得T=363n+2h(n=0,1,2,3,…),當(dāng)n=0時(shí),周期有最大值T=18h,故B正確;當(dāng)n的取值不同,則周期不同,根據(jù)GMmr2=m2πT2r,軌道半徑也有不同的取值,故A錯(cuò)誤;根據(jù)T=363n+2h,知該衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)周期一定小于同步衛(wèi)星的周期,再結(jié)合GMmr2=m2πT2r=mv2r,可知周期越小,軌道半徑就越小,則運(yùn)行速度越大,故C正確;如果衛(wèi)星的周期按18h計(jì)算,那么再經(jīng)過12h,地球上的A點(diǎn)回到了出發(fā)點(diǎn),而衛(wèi)星并沒有回到出發(fā)點(diǎn),故D錯(cuò)誤。 13.火星表面特征非常接近地球,我國宇航員王躍與俄羅斯宇航員一起進(jìn)行了“模擬登火星”實(shí)驗(yàn)

16、活動(dòng)。已知火星的半徑是地球半徑的12,質(zhì)量是地球質(zhì)量的19,自轉(zhuǎn)周期與地球的自轉(zhuǎn)周期也基本相同。地球表面重力加速度是g,若王躍在地面上能豎直向上跳起的最大高度是h。在忽略自轉(zhuǎn)影響的條件下,下述分析正確的是(　　) A.王躍在火星表面受到的萬有引力是他在地球表面所受萬有引力的49 B.火星表面的重力加速度是29g C.火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的23 D.王躍以相同的初速度在火星上豎直起跳時(shí),能上升的最大高度是9?4 答案:ACD 解析:王躍在火星表面受到的引力為F=GM火mr火2=G19M地m14r地2=49GM地mr2 是他在地球表面所受萬有引力的49,A正確; g

17、火=GM火r火2=G19M地14r2=49GM地r2=49g B錯(cuò)誤; v火=g火r火=49g·12r=23gr C正確; 根據(jù)公式v2=2gh得王躍以相同的初速度在火星上起跳時(shí),可跳起的最大高度是9?4,D正確。 14.(2019·全國卷Ⅰ)在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上,把物體P輕放在彈簧上端,P由靜止向下運(yùn)動(dòng),物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實(shí)線所示。在另一星球N上用完全相同的彈簧,改用物體Q完成同樣的過程,其a-x關(guān)系如圖中虛線所示。假設(shè)兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體。已知星球M的半徑是星球N半徑的3倍,則(　　) A.M與N的密度相等 B.Q的質(zhì)

18、量是P質(zhì)量的3倍 C.Q下落過程中的最大動(dòng)能是P的4倍 D.Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍 答案:AC 解析:物體輕放在彈簧上端時(shí),彈簧的彈力為零,此時(shí)的加速度即為星球表面的重力加速度,星球M表面的重力加速度為3a0,星球N表面的重力加速度為a0,根據(jù)黃金代換公式可得g=GMr2=Gρ·43πr3r2=Gρ·43πr,g∝ρr,星球M和星球N表面的重力加速度之比為3∶1,半徑之比為3∶1,則兩星球密度相等,A正確。加速度為0,合力為0,設(shè)P的質(zhì)量為m1,有3m1a0=kx0,設(shè)Q的質(zhì)量為m2,有m2a0=2kx0,可解出m2=6m1,B錯(cuò)誤。根據(jù)動(dòng)能定理,下落至最大速度過程,對P進(jìn)行分析,有3m1a0x0-12kx02=12m1v12,對Q進(jìn)行分析,有m2a0·2x0-12k·4x02=12m2v22,可求出下落過程中Q的最大動(dòng)能是P的4倍,C正確。彈簧達(dá)到最大壓縮量時(shí)物體速度為0,根據(jù)機(jī)械能守恒定律,對物體P進(jìn)行分析,有3m1a0x=12kx2,聯(lián)立3m1a0=kx0,可求出物體P下落過程中彈簧的最大壓縮量是2x0。同理,根據(jù)機(jī)械能守恒定律,對物體Q進(jìn)行分析,有m2a0x=12kx2,聯(lián)立m2a0=2kx0,可求出物體Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是4x0,Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的2倍,D錯(cuò)誤。