《2014年高考物理復(fù)習(xí) 第8章 單元小結(jié)練 磁場(chǎng)對(duì)電流或運(yùn)動(dòng)電荷作用的綜合訓(xùn)練題 新人教版》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2014年高考物理復(fù)習(xí) 第8章 單元小結(jié)練 磁場(chǎng)對(duì)電流或運(yùn)動(dòng)電荷作用的綜合訓(xùn)練題 新人教版(8頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、單元小結(jié)練 磁場(chǎng)對(duì)電流或運(yùn)動(dòng)電荷作用的綜合訓(xùn)練
(限時(shí):45分鐘)
1.關(guān)于電場(chǎng)力與洛倫茲力,以下說(shuō)法正確的是 ( )
A.電荷只要處在電場(chǎng)中,就會(huì)受到電場(chǎng)力,而電荷靜止在磁場(chǎng)中,也可能受到洛倫茲力
B.電場(chǎng)力對(duì)在電場(chǎng)中的電荷一定會(huì)做功,而洛倫茲力對(duì)在磁場(chǎng)中的電荷卻不會(huì)做功
C.電場(chǎng)力與洛倫茲力一樣,受力方向都在電場(chǎng)線和磁感線上
D.只有運(yùn)動(dòng)的電荷在磁場(chǎng)中才可能會(huì)受到洛倫茲力的作用
答案 D
解析 靜止在磁場(chǎng)中的電荷不可能受到洛倫茲力,A錯(cuò);盡管電場(chǎng)力對(duì)電荷可以做功,但如果電荷在電場(chǎng)中不動(dòng)或沿等勢(shì)面移動(dòng),電場(chǎng)力做功為零,B錯(cuò);洛倫茲力的方向與磁感線垂直,與運(yùn)動(dòng)方
2、向垂直,C錯(cuò).只有D是正確的.
2. 在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,水平放置一根長(zhǎng)通電直導(dǎo)線,電流的方
向垂直于紙面向里.如圖1所示,A、B、C、D是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四點(diǎn),在這四點(diǎn)中 ( )
圖1
A.B、D兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等
B.A、B兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等
C.C點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最大
D.B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最大
答案 A
解析 由安培定則可判斷通電直導(dǎo)線在C點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與B0的方向相反,B、D兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與B0垂直,故B、D兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等,A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與B0相同,由磁場(chǎng)
3、的疊加知A點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度最大.故只有A項(xiàng)正確.
3. 如圖2所示,在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng),MN是一豎直放置的感光板.從圓形磁場(chǎng)最高點(diǎn)P垂直磁場(chǎng)射入大量的帶正電、電荷量為q、質(zhì)量為m、速度為v的粒子,不考慮粒子間的相互作用力,關(guān)于這些粒子的運(yùn)動(dòng),以下說(shuō)法正確的是 ( )
圖2
A.只要對(duì)著圓心入射,出射后均可垂直打在MN上
B.對(duì)著圓心入射的粒子,其出射方向的反向延長(zhǎng)線不一定過(guò)圓心
C.對(duì)著圓心入射的粒子,速度越大在磁場(chǎng)中通過(guò)的弧長(zhǎng)越長(zhǎng),時(shí)間也越長(zhǎng)
D.只要速度滿足v=,沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上
4、
答案 D
解析 當(dāng)v⊥B時(shí),粒子所受洛倫茲力充當(dāng)向心力,做半徑和周期分別為R=,T=的勻速圓周運(yùn)動(dòng);只要速度滿足v=,沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上,選項(xiàng)D正確.
4. 如圖3所示,在豎直絕緣的平臺(tái)上,一個(gè)帶正電的小球以水平速度v0拋出,落在地面上的A點(diǎn),若加一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),則小球的落點(diǎn) ( )
圖3
A.仍在A點(diǎn)
B.在A點(diǎn)左側(cè)
C.在A點(diǎn)右側(cè)
D.無(wú)法確定
答案 C
解析 加上磁場(chǎng)后,洛倫茲力雖不做功,但可以改變小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)(改變速度的方向),小球做曲線運(yùn)動(dòng),在運(yùn)動(dòng)中任一位置受力如圖所示,小球受到了斜向上的洛倫茲力的作用,小球在
5、豎直方向的加速度ay=
6、答案 B
解析 當(dāng)電流反向(大小不變)時(shí),右邊需再加質(zhì)量為m的砝碼后方可平衡,可得此時(shí)安培力的方向豎直向上,由左手定則判定磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,由兩種情況的受力平衡可得:m1g=m2g+m′g+NBIL,m1g=m2g+mg+m′g-NBIL,其中m′為線圈質(zhì)量,聯(lián)解可得B=.
6.如圖5所示,一個(gè)半徑為R的導(dǎo)電圓環(huán)與一個(gè)軸向?qū)ΨQ的發(fā)散磁場(chǎng)處處正交,環(huán)上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小相等,方向均與環(huán)面軸線方向成θ角(環(huán)面軸線為豎直方向).若導(dǎo)電圓環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I,則下列說(shuō)法正確的是 ( )
圖5
A.導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢(shì)
B.導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上
C.導(dǎo)
7、電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIR
D.導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2πBIRsin θ
答案 ABD
解析 若導(dǎo)線圓環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I,由左手定則可得導(dǎo)線圓環(huán)上各小段所受安培力斜向內(nèi),導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢(shì),導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上,導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2πBIRsin θ,選項(xiàng)A、B、D正確.
7.如圖6所示,在屏MN的上方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里.P為屏上的一個(gè)小孔.PC與MN垂直.一群質(zhì)量為m、帶電荷量為-q的粒子(不計(jì)重力),以相同的速率v從P處沿垂直于磁場(chǎng)的方向射入磁場(chǎng)區(qū)域.粒子入射方向在與磁場(chǎng)B垂直的平面內(nèi),且散開在與PC夾角為θ
8、的范圍內(nèi).則在屏MN上被粒子打中的區(qū)域的長(zhǎng)度為 ( )
圖6
A. B.
C. D.
答案 D
解析 屏MN上被粒子擊中的區(qū)域離P點(diǎn)最遠(yuǎn)的距離x1=2r=,屏MN上被粒子擊中的區(qū)域離P點(diǎn)最近的距離x2=2rcos θ=,故在屏MN上被粒子打中的區(qū)域的長(zhǎng)度為x1-x2=,D正確.
8.如圖7所示,帶負(fù)電的物塊A放在足夠長(zhǎng)的不帶電的絕緣小車B上,兩者均保持靜止,置于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,在t=0時(shí)刻用水平恒力F向左推小車B.已知地面光滑,A、B接觸面粗糙,A所帶電荷量保持不變,下列四圖中關(guān)于A、B的v-t圖
9、象大致正確的是 ( )
圖7
答案 C
解析 由于A、B間粗糙,在水平恒力F的作用下,二者一起做加速度為a=的勻加速直線運(yùn)動(dòng);隔離物塊A分析,隨著物塊A速度逐漸增大,它受到豎直向上的洛倫茲力逐漸增大,支持力逐漸減小,則A、B之間的最大靜摩擦力逐漸減??;當(dāng)A、B之間的最大靜摩擦力等于mAa時(shí),A相對(duì)B開始滑動(dòng);之后,由于A受豎直向上的洛倫茲力增大,A、B之間的壓力減小,A受到的滑動(dòng)摩擦力減小,A的加速度逐漸減小到零;而B的加速度逐漸增大到恒定,故從t=0開始物塊A、B的速度圖象如題圖C所示.
9.如圖8所示,長(zhǎng)為L(zhǎng)的通電直導(dǎo)體棒放在光滑水平絕緣
10、軌道上,勁度系數(shù)為k的水平輕彈簧一端固定,另一端拴在棒的中點(diǎn),且與棒垂直,整個(gè)裝置處于方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,彈簧伸長(zhǎng)x,棒處于靜止?fàn)顟B(tài).則 ( )
圖8
A.導(dǎo)體棒中的電流方向從b流向a
B.導(dǎo)體棒中的電流大小為
C.若只將磁場(chǎng)方向緩慢順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一小角度,x變大
D.若只將磁場(chǎng)方向緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一小角度,x變大
答案 B
解析 由左手定則可知,導(dǎo)體棒中的電流方向從a流向b,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由BIL=kx可得導(dǎo)體棒中的電流大小為I=,選項(xiàng)B正確;若只將磁場(chǎng)方向緩慢順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一小角度或逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)一小角度,x都變小,選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤.
10.如圖9所示,在
11、勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有1和2兩個(gè)質(zhì)子在同一平面內(nèi)沿逆時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng),軌道半徑r1>r2并相切于P點(diǎn),設(shè)T1、T2,v1、v2,a1、a2,t1、t2,分別表示1、2兩個(gè)質(zhì)子的周期,線速度,向心加速度以及各自從經(jīng)過(guò)P點(diǎn)算起到第一次通過(guò)圖中虛線MN所經(jīng)歷的時(shí)間,則 ( )
圖9
A.T1=T2 B.v1=v2
C.a(chǎn)1>a2 D.t1r2則v1>v2.B錯(cuò)誤.由a=,T=,得a=v,則a1>a2,C正確.又兩質(zhì)子的周
12、期相同,由題圖知質(zhì)子1從經(jīng)過(guò)P點(diǎn)算起到第一次通過(guò)圖中虛線MN所轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角比質(zhì)子2小,由t=T知,t1
13、的支持力FN、沿框面向上的安培力F安及沿框面的靜摩擦力Ff.金屬棒靜止在框架上時(shí),靜摩擦力Ff的方向可能沿框面向上,也可能沿框面向下,需分兩種情況考慮:
(1)當(dāng)滑動(dòng)變阻器R取值較大時(shí),I較小,安培力F安較小,在金屬棒重
力分量mgsin θ作用下金屬棒有沿框面下滑的趨勢(shì),金屬棒所受靜摩
擦力Ff沿框面向上,受力情況如圖所示.此時(shí)金屬棒剛好不下滑,滿
足平衡條件:
Bl+μmgcos θ-mgsin θ=0
解得Rmax==8.0 Ω
(2)當(dāng)滑動(dòng)變阻器R取值較小時(shí),I較大,安培力F安較大,會(huì)使金屬 棒產(chǎn)生上滑的趨勢(shì),因此金屬棒所受靜摩擦力Ff沿框面向下,如圖所示.此時(shí)金屬棒
14、剛好不上滑,滿足平衡條件:
Bl-μmgcos θ-mgsin θ=0
解得Rmin==1.4 Ω
所以要使金屬棒靜止在框架上,滑動(dòng)變阻器R的取值范圍為1.4 Ω≤R≤8.0 Ω
12.如圖11所示,在坐標(biāo)系xOy中,第一象限內(nèi)充滿著兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)a和b,OP為分界線,
在區(qū)域a中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B,方向垂直紙面向里;在區(qū)域b中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方
向垂直紙面向外,P點(diǎn)坐標(biāo)為(4l,3l).一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從P點(diǎn)沿
y軸負(fù)方向射入?yún)^(qū)域b,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后,粒子恰能經(jīng)過(guò)原點(diǎn)O,不計(jì)粒子重力.(sin 37°
=0.6,cos 37°=0.8).求:
圖11
15、
(1)粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的時(shí)間最少是多少?
(2)粒子運(yùn)動(dòng)的速度可能是多少?
答案 (1) (2)(n=1,2,3,…)
解析 (1)設(shè)粒子的入射速度為v,用Ra、Rb、Ta、Tb分別表示粒子在磁場(chǎng)a區(qū)和b區(qū)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑和周期,則:
Ra=,Rb=,Ta==,Tb=
粒子先從b區(qū)運(yùn)動(dòng),后進(jìn)入a區(qū)運(yùn)動(dòng),然后從O點(diǎn)射出時(shí),粒 子從P運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用時(shí)間最短.如圖所示.
tan α==,得α=37°
粒子在b區(qū)和a區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為:
tb=Tb,
ta=Ta
故從P到O時(shí)間為
t=ta+tb=.
(2)由題意及圖可知
n(2Racos α+2Rbcos α)=
解得:v=(n=1,2,3,…).