《2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)11 圓錐曲線中的綜合問題 文》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)11 圓錐曲線中的綜合問題 文(4頁珍藏版)》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、專題限時(shí)集訓(xùn)(十一) 圓錐曲線中的綜合問題
(建議用時(shí):40分鐘)
1.(2019·西安模擬)已知拋物線E:y2=2px(p>0)的焦點(diǎn)為F,x軸上方的點(diǎn)A(2,m)在拋物線E上,且|AF|=,直線l與拋物線E交于M,N兩點(diǎn)(點(diǎn)M,N與A不重合),設(shè)直線AM,AN的斜率分別為k1,k2.
(1)求拋物線E的方程;
(2)當(dāng)k1+k2=2時(shí),求證:直線l恒過定點(diǎn),并求出該定點(diǎn)的坐標(biāo).
[解] (1)由拋物線的定義得|AF|=2+=,得p=1,
所以,拋物線E的方程為y2=2x.
(2)證明:如圖所示,易知直線l的斜率存在且不等于零,設(shè)直線l的方程為y=kx+b,
聯(lián)立直線l與拋物
2、線E的方程得k2x2+(2kb-2)x+b2=0,
設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2),A(2,2),由根與系數(shù)的關(guān)系得x1+x2=,x1x2=,k1+k2=+=
=
==2,
化簡得出(b+1)(b+2k-2)=0,∴b=-1或b=2-2k.
當(dāng)b=-1時(shí),y=kx-1,過定點(diǎn)(0,-1);
當(dāng)b=2-2k時(shí),y=kx+2-2k=k(x-2)+2,過定點(diǎn)(2,2),舍去,
故直線l恒過定點(diǎn)(0,-1).
2.(2019·馬鞍山二模)已知橢圓C:+=1(a>b>0)的右焦點(diǎn)為F,點(diǎn)M在橢圓C上且MF垂直于x軸.
(1)求橢圓C的方程;
(2)設(shè)P為橢圓C上的動點(diǎn),直線PM
3、與x=4交于點(diǎn)N,求證:點(diǎn)N到直線PF的距離為定值,并求出這個(gè)定值.
[解] (1)由題意可得解得a2=4,b2=3,
故橢圓C的方程為+=1.
(2)證明:設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(x0,y0),由M,
可得直線PM的方程為y-=(x-1),
將x=4,代入可得y=+,
故點(diǎn)N,
∵F(1,0),
∴直線PF的方程為y=(x-1),即y0x+(1-x0)y-y0=0.
∴點(diǎn)N到直線PF的距離為
==
==3,
故N到直線PF的距離為定值,定值為3.
3.(2019·全國卷Ⅱ)已知F1,F(xiàn)2是橢圓C:+=1(a>b>0)的兩個(gè)焦點(diǎn),P為C上的點(diǎn),O為坐標(biāo)原點(diǎn).
(1)
4、若△POF2為等邊三角形,求C的離心率;
(2)如果存在點(diǎn)P,使得PF1⊥PF2,且△F1PF2的面積等于16,求b的值和a的取值范圍.
[解] (1)連接PF1(圖略).由△POF2為等邊三角形可知在△F1PF2中,∠F1PF2=90°,|PF2|=c,|PF1|=c,于是2a=|PF1|+|PF2|=(+1)c,故C的離心率為e==-1.
(2)由題意可知,滿足條件的點(diǎn)P(x,y)存在當(dāng)且僅當(dāng)
|y|·2c=16,·=-1,+=1,
即c|y|=16,①
x2+y2=c2,②
+=1.③
由②③及a2=b2+c2得y2=.
又由①知y2=,故b=4.
由②③及a2=b2
5、+c2得x2=(c2-b2),
所以c2≥b2,從而a2=b2+c2≥2b2=32,
故a≥4.
當(dāng)b=4,a≥4時(shí),存在滿足條件的點(diǎn)P.
所以b=4,a的取值范圍為[4,+∞).
4.已知橢圓M:+=1(a>0)的一個(gè)焦點(diǎn)為F(-1,0),左、右頂點(diǎn)分別為A,B,經(jīng)過點(diǎn)F的直線l與橢圓M交于C,D兩點(diǎn).
(1)求橢圓M的方程;
(2)[一題多解]記△ABD與△ABC的面積分別為S1和S2,求|S1-S2|的最大值.
[解] (1)因?yàn)镕(-1,0)為橢圓M的焦點(diǎn),所以c=1,
又b=,所以a=2,所以橢圓M的方程為+=1.
(2)法一:當(dāng)直線l的斜率不存在時(shí),直線方程為x
6、=-1,此時(shí)△ABD與△ABC的面積相等,即|S1-S2|=0.
當(dāng)直線l的斜率存在時(shí),設(shè)C(x1,y1),D(x2,y2),直線l的方程為y=k(x+1)(k≠0),與橢圓M的方程聯(lián)立,消去y,得(3+4k2)x2+8k2x+4k2-12=0,Δ>0恒成立,且x1+x2=-,x1x2=.
此時(shí)|S1-S2|=2||y2|-|y1||=2|y1+y2|=2|k(x1+1)+k(x2+1)|=2|k(x1+x2)+2k|==≤=(當(dāng)且僅當(dāng)k=±時(shí),取等號),
所以|S1-S2|的最大值為.
法二:設(shè)C(x1,y1),D(x2,y2),直線l的方程為x=my-1,與橢圓M的方程聯(lián)立,消去x,得(3m2+4)y2-6my-9=0,Δ>0恒成立,且y1+y2=,
故|S1-S2|=2||y2|-|y1||=2|y1+y2|==≤=,當(dāng)且僅當(dāng)m=±時(shí)取等號,所以|S1-S2|的最大值為.
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