《閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用》3

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1、 第七章 第2講 閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用3 部分電路歐姆定律 1．內(nèi)容：導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體的電阻成反比。 2．表達式：I＝。 3．適用范圍 (1)金屬導電和電解液導電(對氣體導電不適用)。 (2)純電阻電路(不含電動機、電解槽等電路)。 4．導體的伏安特性曲線 圖7－2－1 (1)I—U圖線： 以I為縱軸、U為橫軸畫出導體上的電流隨電壓的變化曲線，如圖7－2－1所示。 (2)比較電阻的大小： 圖線的斜率k＝＝，圖中R1>R2(填“>”“＝”“<”)。 (3)線性元件：伏安特性曲線是直線的電學元件，適用歐姆定律。 (4)

2、非線性元件：伏安特性曲線為曲線的電學元件，不適用歐姆定律。 1．注意歐姆定律的“二同” (1)同體性：指I、U、R三個物理量必須對應(yīng)同一段電路或同一段導體。 (2)同時性：指U和I必須是導體上同一時刻的電壓和電流。 2．公式I＝的理解 I＝是歐姆定律的數(shù)學表達式，表示通過導體的電流I與電壓U成正比，與電阻R成反比，常用于計算一部分電路加上一定電壓時產(chǎn)生的電流。此公式是電流的決定式，反映了電流I與電壓U和電阻R的因果關(guān)系。 3．對伏安特性曲線的理解 圖7－2－2 (1)圖線a、b表示線性元件。圖線c、d表示非線性元件。 (2)圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，斜率越大，電阻越小

3、，故Ra

4、與其兩端的電壓成正比 B．此導體的電阻R＝2 Ω C．I－U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R＝cot 45°＝1.0 Ω D．在R兩端加6.0 V電壓時，每秒通過電阻截面的電荷量是3.0 C 解析：選ABD　I－U圖為直線，I與U成正比，A正確；由圖可知導體電阻R＝＝Ω＝2 Ω，B正確；在I－U圖上，兩坐標軸標度不同，R≠cot 45°，C錯；由歐姆定律知，D正確。 串并聯(lián)電路　電表的改裝 1．串并聯(lián)電路的比較 串聯(lián)電路 并聯(lián)電路 電流 電路中各處的電流強度相等，即I＝I1＝I2…＝In 總電流等于各支路的電流之和，即I＝I1＋I2＋…＋In 電壓 總電路

5、兩端的電壓等于各部分電路兩端電壓之和，即U＝U1＋U2＋…＋Un 電路中各支路兩端的電壓相等，即U＝U1＝U2＝…Un 電阻 總電阻等于各個導體的電阻之和，即R總＝R1＋R2＋…＋Rn 總電阻的倒數(shù)等于各個導體的電阻的倒數(shù)之和，即＝＋＋…＋ 分壓原理或分流原理　 由U＝IR可知，各個電阻兩端的電壓跟它的阻值成正比，即U1∶U2∶…∶Un＝R1∶R2∶…∶Rn 由I＝U/R可知，通過各個電阻的電流跟它的阻值成反比，即I1∶I2∶…∶In＝∶∶…∶ 功率分配 由P＝I2R可知，各個電阻消耗的功率跟它的阻值成正比，即P1∶P2∶…∶Pn＝R1∶R2∶…∶Rn 由P＝U2/R可知，

6、各個電阻消耗的功率跟它的阻值成反比，由P1∶P2∶…∶Pn＝∶∶…∶ 2.電表的改裝 (1)小量程電流表(表頭)： ①工作原理：主要由磁場和放入其中可轉(zhuǎn)動的線圈組成。當線圈中有電流通過時，線圈在安培力作用下帶動指針一起偏轉(zhuǎn)，電流越大，指針偏轉(zhuǎn)的角度越大，從表盤上可直接讀出電流值。 ②三個參數(shù)：滿偏電流Ig，表頭內(nèi)阻Rg，滿偏電壓Ug，它們的關(guān)系：Ug＝IgRg。 (2)電壓表、電流表的改裝： 改裝為電壓表 改裝為大量程電流表 原理 串聯(lián)電阻分壓 并聯(lián)電阻分流 改裝原理圖 分壓電阻或分流電阻 U＝Ug＋UR 所以R＝－Rg IgRg＝(I－Ig)R 所

7、以R＝IgRg/(I－Ig) 改裝后電表內(nèi)阻 RV＝R＋Rg>Rg RA＝

8、，改裝后的電壓表和電流表滿偏時，表頭的最大電流或加在表頭兩端的最大電壓仍為滿偏電流和滿偏電壓，通過串聯(lián)電路中的串聯(lián)分壓和并聯(lián)電路中的并聯(lián)分流來提高電壓表的量程和電流表的量程。 2.如圖7－2－6所示，電路兩端的電壓U保持不變，電阻R1、R2、R3消耗的電功率一樣大，則電阻之比R1∶R2∶R3是(　　) 圖7－2－6 A．1∶1∶1 B．4∶1∶1 C．1∶4∶4 D．1∶2∶2 解析：選C　根據(jù)串并聯(lián)電路的特點，U2＝U3，故R2＝R3，又I1＝I2＋I3，故I1＝2I2＝2I3，根據(jù)P＝I2R和P1＝P2＝P3得R1∶R2∶R3＝1∶4∶4。故C正確。 電動勢

9、　閉合電路歐姆定律 1．電動勢 (1)物理意義：反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量。 (2)大?。涸跀?shù)值上等于非靜電力把1 C的正電荷在電源內(nèi)從負極移送到正極所做的功，即E＝。 (3)單位：伏特(V)，1 V＝1 J/C。 (4)決定因素：電源的電動勢由電源本身的性質(zhì)決定，與外電路無關(guān)。 2．閉合電路 (1)組成 (2)在外電路中，沿電流方向電勢降低。 3．閉合電路的歐姆定律 (1)內(nèi)容：閉合電路的電流跟電源的電動勢成正比，跟內(nèi)、外電路的電阻之和成反比。 (2)公式 4．路端電壓與負載的關(guān)系 (1)一般情況：根據(jù)U＝IR＝R＝可知，當R增大時，U增大

10、。 (2)特殊情況： ①外電路斷路時，R為無窮大，I＝0，U＝E。 ②電源兩端短路時，R＝0，U＝0，I＝。 5．路端電壓跟電流的關(guān)系 (1)關(guān)系式：U＝E－Ir。 (2)用圖象表示如圖7－2－7所示。 圖7－2－7 圖象 物理意義 圖線與縱軸交點 表示電動勢 圖線的斜率大小 表示電源的內(nèi)電阻 圖中U 表示外電壓 U＋U′＝E 圖中U′ 表示內(nèi)電壓 圖線與橫軸交點 表示短路電流 圖線上每一點坐標的乘積UI 表示外電路消耗的功率 圖線上每一點對應(yīng)的U、I比值 表示外電阻 1．電動勢與電壓的比較 電壓 電動勢 意義 表示靜電

11、力做功將電能轉(zhuǎn)化成其他形式的能的本領(lǐng) 表示非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化成電能的本領(lǐng) 定義 UAB＝，將單位電荷量的正電荷從導體一端移到另一端時，靜電力做的功 E＝，將單位電荷量的正電荷從電源負極移到正極時，非靜電力做的功 決定因素 由電源及導體電阻、導體連接方法決定 由電源本身決定，與其他因素無關(guān) 測量方法 將電壓表并聯(lián)在被測電路兩端 ①將內(nèi)阻很大的電壓表并聯(lián)在電源兩端，且外電路斷開 ②伏安法測量 聯(lián)系 電路閉合時E＝U內(nèi)＋U外 外電路斷開時U外＝E 2.閉合電路的動態(tài)分析問題 (1)程序法：閉合電路中，由于局部電阻變化(或開關(guān)的通斷)，引起各部分電壓、電流

12、(或燈泡明暗)發(fā)生變化，分析此類問題的基本步驟是： ①由局部電阻變化判斷總電阻的變化； ②由I＝判斷總電流的變化； ③據(jù)U＝E－Ir判斷路端電壓的變化； ④由歐姆定律及串并聯(lián)電路特點判斷各部分電流、電壓變化。 (2)極限法：即因變阻器滑片滑動引起電路變化的問題，可將變阻器的滑動端分別滑至兩個極端去討論。 (3)特殊值法：對于某些雙臂環(huán)路問題，可以采取代入特殊值法判定，從而得出結(jié)論。 (4)“串反并同”結(jié)論法： ①所謂“串反”，即某一電阻增大時，與它串聯(lián)或間接串聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、電功率都將減小，反之則增大。 ②所謂“并同”，即某一電阻增大時，與它并聯(lián)或間接并聯(lián)的電阻中

13、的電流、兩端電壓、電功率都將增大，反之則減小。 即：←R↑→ 3．閉合電路中的幾個功率及電源的效率 (1)電源的總功率：P總＝EI＝U外I＋U內(nèi)I＝P出＋P內(nèi)。 若外電路是純電阻電路，則有P總＝I2(R＋r)＝。 (2)電源內(nèi)部消耗的功率：P內(nèi)＝I2r＝U內(nèi)I＝P總－P出。 (3)電源的輸出功率：P出＝UI＝EI－I2r＝P總－P內(nèi)。 若外電路是純電阻電路，則有 P出＝I2R＝＝。 由上式可以看出 ①當R＝r時，電源的輸出功率最大為Pm＝。 ②當R＞r時，隨著R的增大輸出功率越來越小。 ③當R＜r時，隨著R的增大輸出功率越來越大。 ④當P出＜Pm時，每個輸出功率對應(yīng)兩

14、個可能的外電阻R1和R2，且R1R2＝r2。 ⑤P出與R的關(guān)系如圖7－2－8所示。 圖7－2－8 4．電源的效率 η＝×100%＝×100%＝×100% ＝×100% 因此R越大，η越大；當R＝r時，電源有最大輸出功率時，效率僅為50%。 3.如圖7－2－9所示是一實驗電路圖。在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，下列表述正確的是(　　) 圖7－2－9 A．路端電壓變小 B．電流表的示數(shù)變大 C．電源內(nèi)阻消耗的功率變小 D．電路的總電阻變大 解析：選A　當滑動觸頭由a向b滑動過程中，R1減小，R外減小，由I＝知I增大，U外＝E－Ir減小，電源內(nèi)阻消耗功率P＝I

15、2r增大，通過R3的電流I3＝減小，故A對，B、C、D錯。 電路動態(tài)變化問題 [命題分析]　電路的動態(tài)變化是高考的熱點，常以選擇題的形式出現(xiàn)。 [例1]　 (2011·北京高考)如圖7－2－10所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中(　　) 圖7－2－10 A．電壓表與電流表的示數(shù)都減小 B．電壓表與電流表的示數(shù)都增大 C．電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小 D．電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大 [思維流程] 第一步：抓信息關(guān)鍵點 關(guān)鍵點 信息獲取 (1)R0滑動端下滑 R0變小→R外變小→I增大

16、(2)電源內(nèi)阻不可忽略 由U外＝E－Ir知U外隨I變化 第二步：找解題突破口 已知R0減小可推得總電流I增大，進而推知U外減小，從而引起局部電壓電流的變化。 第三步：條理作答 [解析]　滑動變阻器R0的滑片向下滑動，R0接入電路的電阻變小，電路的總電阻變小，總電流變大，電源的內(nèi)電壓變大，外電壓變小，電壓表的示數(shù)變小，R1兩端的電壓變大，R2兩端的電壓變小，電流表的示數(shù)變小，A項正確。 [答案]　A ——————————————————————————————— (1)程序法的基本思路是“局部→整體→局部” 即R局→R總→I總→U外→ (2)本題還可用前面介紹的“串反并同”法

17、，極限法速解。 —————————————————————————————————————— [變式訓練] 1．(2011·海南高考)如圖7－2－11，E為內(nèi)阻不能忽略的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開關(guān)，V與A分別為電壓表與電流表，初始時S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開，則(　　) 圖7－2－11 A．V讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變小 B．V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變大 C．V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變小 D．V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變大 解析：選B　當S斷開后，閉合電路的總電阻增加，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流減小，故路端電壓U＝E－Ir增加，即V的讀數(shù)變大；由于定值電阻R

18、1兩端的電壓減小，故R3兩端的電壓增加，通過R3的電流增加，即A的讀數(shù)變大；選項B正確。 閉合電路中的能量關(guān)系 [命題分析]　閉合電路中的各種功率的計算是高考的熱點，常以選擇題或計算題形式出現(xiàn)。 [例2]　如圖7－2－12所示電路，已知E＝6 V，r＝4 Ω，R1＝2 Ω，R2的變化范圍是0～10 Ω。求： 圖7－2－12 (1)電源的最大輸出功率。 (2)R1上消耗的最大功率。 (3)R2上消耗的最大功率。 [解析]　(1)當R2＋R1＝r時， 即R2＝r－R1＝2 Ω時， 電源的輸出功率最大Pm＝＝ W＝2.25 W。 (2)R1為定值電阻，當通過的電流最

19、大時，消耗的功率最大，此時R2＝0 I＝＝A＝1 A P1＝I2R1＝12×2 W＝2 W (3)R2為可變電阻，將R1和電源(E，r)等效為一新電源， 則新電源的內(nèi)阻r′＝r＋R1＝6 Ω 則當R2＝r′＝R1＋r＝6 Ω時， R2消耗的功率最大P2＝I2R2＝＝1.5 W。 [答案]　(1)2.25 W　(2)2 W　(3)1.5 W ——————————————————————————————— 求解閉合電路功率問題的兩個常用方法：,(1)結(jié)論法：利用電源的輸出功率P出隨外電路電阻R變化的曲線分析。 (2)等效法：找出等效電源，如分析變阻器R2消耗的功率何時最大時，把

20、R1看成等效電源內(nèi)阻的一部分。 —————————————————————————————————————— [互動探究] 本例中若R2的變化范圍是0～4 Ω，則R2取何值時它消耗的功率最大？此時電源的效率為多少？ 解析：由于R2最大只有4 Ω， 而小于R1＋r＝6 Ω 結(jié)合P出－R曲線可知在0～4 Ω內(nèi)，當R2＝4 Ω時，R2消耗的功率最大。此時電源的效率η＝×100%＝×100%＝×100%＝60%。 答案：4 Ω　60% 含電容器電路的分析與計算 [命題分析]　含電容器電路的動態(tài)分析是高考熱點之一，高考中常結(jié)合等效電路、閉合電路、歐姆定律等進行考查，一般以選

21、擇題或計題的形式呈現(xiàn)。 [例3]　(2012·杭州模擬)如圖7－2－13所示，電源電動勢E＝6 V，內(nèi)阻r＝1 Ω，電阻R1＝2 Ω，R2＝3 Ω，R3＝7.5 Ω，電容器的電容C＝4 μF。開關(guān)S原來斷開，現(xiàn)在合上開關(guān)S到電路穩(wěn)定，試問這一過程中通過電流表的電荷量是多少？ 圖7－2－13 [解析]　S斷開時的等效電路如圖甲所示， 電容器C兩端電壓U為電阻R2兩端電壓U2， 則U2＝R2＝3 V。 電容器C的電荷量Q＝CU＝CU2＝1.2×10－5C。 且a板帶正電，b板帶負電。 S閉合時的等效電路如圖乙所示，電容器C兩端電壓U′為電阻R1兩端電壓U1′。 有R外＝＝

22、3 Ω， 電阻R1中的電流I1′＝·＝0.9 A， 電阻R1兩端電壓U1′＝I1′R1＝1.8 V， 電容器C的電荷量Q′＝CU′＝CU1′＝7.2×10－6 C。 且a板帶負電，b板帶正電。 通過電流表的電荷量ΔQ＝Q＋Q′＝1.92×10－5 C。 [答案]　1.92×10－5 C ——————————————————— (1)簡化電路時可以把電容器處電路作為斷路，簡化電路時可以去掉，在求電荷量時在相應(yīng)位置補上。 (2)電路穩(wěn)定后，與電容器同支路的電阻相當于導線。 (3)電路中電流、電壓的變化可能會引起電容器的充、放電。若電容器兩端電壓升高，電容器將充電；若電壓降低，電

23、容器將通過與它連接的電路放電。可由ΔQ＝ΔUC計算電容器上電荷量的變化。 (4)在含容電路中，當電路發(fā)生變化時，除了要判斷和計算電容器兩端的電壓外，還必須要判斷電容器極板上極性的變化，判斷是否出現(xiàn)電容器先放電后反向充電的現(xiàn)象。 —————————————————————————————————————— [變式訓練] 2．(2012·合肥質(zhì)檢)如圖7－2－14所示，電源電動勢為4 V，內(nèi)阻為1 Ω，電阻R1＝3 Ω，R2＝R3＝4 Ω，電流表的內(nèi)阻不計，閉合S，電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，電容器兩極板間電壓為(　　) 圖7－2－14 A．0　　　　　　　　B．2.3 V C．3 V

24、 D．3.2 V 解析：選C　由于電流表的內(nèi)阻不計，故電阻R2、R3被短路，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得I＝，解得I＝1 A，故電容器兩極板間電壓為U＝IR1＝3 V，C正確。 開“芯”技法——圖象法巧解非線性元件問題 由于非線性元件(如二極管、熱敏電阻、實際燈泡)的伏安特性曲線不是直線，在不同電壓(電流)下呈現(xiàn)的阻值不同；在閉合電路中求解非線性元件的電流、電壓及消耗的功率的方法如下： (1)交點法求非線性元件工作電壓和電流： 非線性元件I－U圖象與電源I－U圖象交點就是非線性元件的工作點。此點的電壓即是該元件的工作電壓，又是閉合電路的端電壓；此點的電流既是元件的工作電流又是干路電流

25、。 (2)斜率法求非線性元件電阻的變化趨勢： 非線性元件I－U圖象上某點切線的斜率雖然不是電阻的倒數(shù)，但斜率的變化趨勢能正確反映非線性元件電阻的變化情況。斜率增大時，電阻減小；斜率減小時，電阻增大。 (3)面積法求非線性元件消耗的功率： 取非線性元件伏安特性曲線上任意一點(I1、U1)分別向I軸、U軸做垂線，則所得矩形面積大小為元件此刻消耗的功率。 [示例]　圖7－2－15甲所示為一燈泡兩端的電壓與通過它的電流的變化關(guān)系曲線。由圖可知，兩者不成線性關(guān)系，這是焦耳熱使燈絲的溫度發(fā)生了變化的緣故，參考這條曲線回答下列問題：(不計電流表和電源的內(nèi)阻) 圖7－2－15 (1)若把三個

26、這樣的燈泡串聯(lián)后，接到電動勢為12 V的電源上，求流過燈泡的電流和每個燈泡的電阻。 (2)如圖乙所示，將兩個這樣的燈泡并聯(lián)后再與10 Ω的定值電阻R0串聯(lián)，接在電動勢為8 V的電源上，求通過電流表的電流值以及每個燈泡的實際功率。 [解析]　(1)把三個這樣的燈泡串聯(lián)后，每個燈泡得到的實際電壓為U實＝ V＝4 V，在圖甲上可以查到每個燈泡加上4 V實際電壓時的工作電流為：I實＝0.4 A。 由此可以求出此時每個燈泡的實際電阻為： R＝＝ Ω＝10 Ω。 (2)在圖乙所示的混聯(lián)電路中，設(shè)每個燈泡加上的實際電壓和實際電流分別為U和I，在這個閉合電路中，有E＝U＋2IR0，代入數(shù)據(jù)并整理得：

27、U＝8－20I，這是一個反映了電路約束的直線方程，把該直線在題圖甲上畫出，可得如圖所示圖象。這兩條圖線的交點為U＝2 V、I＝0.3 A，同時滿足了電路結(jié)構(gòu)和元件的要求，此時通過電流表的電流值IA＝2I＝0.6 A，每個燈泡的實際功率P＝UI＝2×0.3 W＝0.6 W。 [答案]　(1)0.4 A　10 Ω　(2)0.6 A　0.6 W [名師點評]　通過非線性元件的電流及其兩端的電壓，既要滿足非線性元件的I－U圖象，又要受到閉合電路歐姆定律的約束，因此找到兩個I－U圖線的交點，即為通過非線性元件的電流(或電壓)，非線性元件的定量計量一定要結(jié)合圖象進行分析，且忌把它當成定值電阻看待。

28、 閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用4 [隨堂鞏固提升] 1.一個T型電路如圖7－2－16所示，電路中的電阻R1＝10 Ω，R2＝120 Ω，R3＝40 Ω。另有一測試電源，電動勢為100 V，內(nèi)阻忽略不計。則(　　) 圖7－2－16 A．當cd端短路時，ab之間的等效電阻是40 Ω B．當ab端短路時，cd之間的等效電阻是40 Ω C．當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓為80 V D．當cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓為80 V 解析：選AC　當cd端短路時，ab之間的電路為R2和R3并聯(lián)，然后與R1串聯(lián)，因此ab之間的等效電阻為＋R1＝40 Ω，選項A正確

29、；同理，當ab端短路時，R1和R3并聯(lián)，然后與R2串聯(lián)，總電阻為128 Ω，B選項錯誤；當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓為R3兩端的電壓，電路為測試電源給串聯(lián)的電阻R1和R3供電，因此，cd兩端的電壓為×40 V＝80 V，選項C正確；同理，當cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓即R3兩端的電壓為×40 V＝25 V，選項D錯誤。 2．某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖7－2－17所示，則下列說法中正確的是(　　) 圖7－2－17 A．加5 V電壓時，導體的電阻約是5 Ω B．加11 V電壓時，導體的電阻約是1.4 Ω C．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小

30、 D．由圖可知，隨著電壓的減小，導體的電阻不斷減小 解析：選AD　對某些導電器材，其伏安特性曲線不是直線，但曲線上某一點的值仍表示該點所對應(yīng)的電阻值。本題中給出的導體在加5 V電壓時， 值為5，所以此時電阻為5 Ω；當電壓增大時，值增大，即電阻增大，綜合判斷可知B、C項錯誤。 3．太陽能電池已經(jīng)越來越多地應(yīng)用于我們生活中，有些太陽帽前安裝的小風扇就是靠太陽能電池供電的?？梢詼y得某太陽能電池可產(chǎn)生0.6 V的電動勢，這表示(　　) A．電路中每通過1 C電荷量，太陽能電池把0.6 J的太陽能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔? B．無論接不接入外電路，太陽能電池兩極間的電壓都為0.6 V C．太陽能電池在1

31、s內(nèi)將0.6 J的太陽能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔? D．太陽能電池將太陽能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池(電動勢為1.5 V)將化學能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大 解析：選A　太陽能電池的電動勢為0.6 V，就表示電路中每通過1 C的電荷量，有0.6 J的太陽能轉(zhuǎn)化為電能，C錯，A項正確；由于太陽能電池的電動勢小于干電池的電動勢，轉(zhuǎn)化電能本領(lǐng)小，D錯；太陽能電池接入電路后，兩極間的電壓低于0.6 V，B錯。 4. (2012·濟寧質(zhì)檢)如圖7－2－18所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個帶電液滴正好處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片P向左移動，則(　　) 圖7－2－18 A．電容器中的電場強度將增大

32、 B．電容器上的電荷量將減少 C．電容器的電容將減少 D．液滴將向上運動 解析：選B　滑片P向左移動，電阻變大，電流變小，R2兩端的電壓減小，由E＝知，電容器中的場強減小，油滴向下運動，A、D錯；由Q＝CU知電容器上的電荷量減少，B正確；電容器的電容不變，C錯。 5．甲、乙兩個電壓表是由完全相同的電流表改裝成的，它們的量程分別是5 V、15 V，為了測量15～20 V的電壓，把甲、乙兩個電壓表串聯(lián)使用，則兩表的(　　) A．讀數(shù)相同 B．指針偏轉(zhuǎn)角度相同 C．讀數(shù)正比于表的內(nèi)阻 D．指針偏轉(zhuǎn)角度正比于表的內(nèi)阻 解析：選BC　由于兩電壓表由完全相同的電流表改裝而成，把它們串聯(lián)

33、起來使用，通過的電流相等，指針偏角相同，B對，D錯；由于兩電壓表內(nèi)阻不等，它們分擔的電壓不等，示數(shù)不同，故A錯，C對。 6.如圖7－2－19所示，直線A為電源的U－I圖線，曲線B為燈泡電阻的U－I圖線，用該電源和小燈泡組成的閉合電路時，電源的輸出功率和電源的總功率分別是(　　) 圖7－2－19 A．4 W、8 W B．2 W、4 W C．2 W、3 W D．4 W、6 W 解析：選D　由電源的U－I圖可知E＝3伏，由兩圖象交點知，該電源和小燈泡組成閉合電路時I＝2 A，U＝2 V，電源的輸出功率P出＝UI＝4 W，總功率P總＝IE＝6 W，故D項正確。 高考學習網(wǎng)－中國最大高考學習網(wǎng)站G | 我們負責傳遞知識！