（浙江專版）2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第3章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 8 題型探究課 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用題型專練鞏固提升 新人教版

《（浙江專版）2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第3章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 8 題型探究課 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用題型專練鞏固提升 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專版）2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第3章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 8 題型探究課 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用題型專練鞏固提升 新人教版（5頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（浙江專版）2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第3章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 8 題型探究課 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用題型專練鞏固提升 新人教版 1. 如圖所示，兩黏連在一起的物塊a和b，質(zhì)量分別為ma和mb，放在光滑的水平桌面上，現(xiàn)同時(shí)給它們施加方向如圖所示的水平推力Fa和水平拉力Fb，已知Fa＞Fb，則a對(duì)b的作用力(　　) A．必為推力　　　　　　　　　 B．必為拉力 C．可能為推力，也可能為拉力 D．不可能為零 解析：選C.將a、b看做一個(gè)整體，加速度a＝，單獨(dú)對(duì)a進(jìn)行分析，設(shè)a、b間的作用力為Fab，則a＝＝，即Fab＝，由于不知道m(xù)a與mb的大小關(guān)系，故Fab可能為正，可能為負(fù)，也可

2、能等于0. 2．(2018·南京五校聯(lián)考) 如圖所示，滑輪A可沿傾角為θ的足夠長光滑軌道下滑，滑輪下用輕繩掛著一個(gè)重為G的物體B，下滑時(shí)，物體B相對(duì)于A靜止，則下滑過程中(　　) A．B的加速度為gsin θ B．繩的拉力為 C．繩的方向保持豎直 D．繩的拉力為G 解析：選A. A、B相對(duì)靜止，即兩物體的加速度相同，以A、B整體為研究對(duì)象分析受力可知，系統(tǒng)的加速度為gsin θ，所以選項(xiàng)A正確；再以B為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，如圖，根據(jù)平行四邊形法則可知，繩子的方向與斜面垂直，拉力大小等于Gcos θ，故選項(xiàng)B、C、D都錯(cuò)誤． 3. (多選)(高考江蘇卷)如圖所示

3、，A、B 兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m, 靜止疊放在水平地面上．A、B 間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，B 與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ.最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為 g．現(xiàn)對(duì) A 施加一水平拉力 F，則(　　) A．當(dāng) F < 2μmg 時(shí)，A、B 都相對(duì)地面靜止 B．當(dāng) F ＝μmg 時(shí)， A 的加速度為μg C．當(dāng) F > 3μmg 時(shí)，A 相對(duì) B 滑動(dòng) D．無論 F 為何值，B 的加速度不會(huì)超過μg 解析：選BCD.A、B間的最大靜摩擦力為2μmg，B和地面之間的最大靜摩擦力為μmg，對(duì)A、B整體，只要F＞μmg，整體就會(huì)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)A對(duì)B的摩擦力為最大靜摩擦力時(shí)，A、B

4、將要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，故A、B一起運(yùn)動(dòng)的加速度的最大值滿足2μmg－μmg＝mamax，B運(yùn)動(dòng)的最大加速度amax＝μg，選項(xiàng)D正確；對(duì)A、B整體，有F－μmg＝3mamax，則F＞3μmg時(shí)兩者會(huì)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確；當(dāng)F＝μmg時(shí)，兩者相對(duì)靜止，一起滑動(dòng)，加速度滿足F－μmg＝3ma，解得a＝μg，選項(xiàng)B正確． 4. (2018·南京模擬)在傾角為α的固定光滑斜面上，有一用繩子拴著的長木板，木板上站著一只貓．已知貓的質(zhì)量是木板的質(zhì)量的2倍．當(dāng)繩子突然斷開時(shí)，貓立即沿著板向上跑，以保持其相對(duì)斜面的位置不變．則此時(shí)木板沿斜面下滑的加速度為(　　) A．3gsin α　　　　　　　 B

5、．gsin α C. D．2gsin α 解析：選A.貓與木板加速度不同，分別對(duì)其受力分析是比較常見的解決方法．貓受力平衡，設(shè)貓的質(zhì)量為2m，其所受摩擦力沿斜面向上，且Ff＝2mgsin α，則木板所受摩擦力沿斜面向下，木板的加速度為a＝＝3gsin α，正確選項(xiàng)為A. 5. 如圖所示為糧袋的傳送裝置，已知A、B兩端間的距離為L，傳送帶與水平方向的夾角為θ，工作時(shí)運(yùn)行速度為v，糧袋與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，正常工作時(shí)工人在A端將糧袋放到運(yùn)行中的傳送帶上．設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，重力加速度大小為g.關(guān)于糧袋從A到B的運(yùn)動(dòng)，以下說法正確的是　(　　) A．糧袋到達(dá)B端

6、的速度與v比較，可能大，可能小或也可能相等 B．糧袋開始運(yùn)動(dòng)的加速度為g(sin θ－μcos θ)，若L足夠大，則以后將以速度v做勻速運(yùn)動(dòng) C．若μ≥tan θ，則糧袋從A端到B端一定是一直做加速運(yùn)動(dòng) D．不論μ大小如何，糧袋從A端到B端一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，且加速度a≥gsin θ 解析：選A.若傳送帶較短，糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B端時(shí)的速度小于v；若μ≥tan θ，則糧袋先做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度與傳送帶的速度相同后，做勻速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B端時(shí)速度與v相同；若μ

7、n θ－μcos θ)的勻加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B端時(shí)的速度大于v，選項(xiàng)A正確；糧袋開始時(shí)速度小于傳送帶的速度，相對(duì)傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向是沿傳送帶向上，所以受到沿傳送帶向下的滑動(dòng)摩擦力，大小為μmgcos θ，根據(jù)牛頓第二定律得加速度a＝＝g(sin θ＋μcos θ)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若μ≥tan θ，糧袋從A到B可能一直是做勻加速運(yùn)動(dòng)，也可能先勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度與傳送帶的速度相同后，做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C、D均錯(cuò)誤． 6．(多選)如圖所示，在山體下的水平地面上有一靜止長木板，某次山體滑坡，有石塊從山坡上滑下后，恰好以速度v1滑上長木板，石塊與長木板、長木板與水平地面之間都存在摩擦．設(shè)最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)

8、摩擦力的大小，且石塊始終未滑出長木板．下面給出了石塊在長木板上滑行的v－t圖象，其中可能正確的是(　　) 解析：選BD.由于石塊與長木板、長木板與地面之間都有摩擦，故石塊不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；若石塊對(duì)長木板向右的滑動(dòng)摩擦力小于地面對(duì)長木板的最大靜摩擦力，則長木板將靜止不動(dòng)，石塊將在長木板上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)D正確；設(shè)石塊與長木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，長木板與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，石塊的質(zhì)量為m，長木板的質(zhì)量為M，當(dāng)μ1mg＞μ2(M＋m)g時(shí)，最終石塊與長木板將一起做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)的加速度為μ2g，由μ1mg＞μ2(M＋m)g，可得μ1mg＞μ2

9、mg，即石塊剛開始的加速度大于石塊與長木板一起減速時(shí)的加速度，即μ1g＞μ2g，也就是說圖象的斜率將變小，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，B正確． 7．(多選)(2018·蘇州平江區(qū)模擬)如圖所示，繃緊的長為6 m的水平傳送帶，沿順時(shí)針方向以恒定速率v1＝2 m/s運(yùn)行．一小物塊從與傳送帶等高的光滑水平臺(tái)面滑上傳送帶，其速度大小為v2＝5 m/s.若小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，重力加速度g＝10 m/s2，下列說法中正確的是(　　) A．小物塊在傳送帶上先向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，然后向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng) B．若傳送帶的速度為5 m/s，小物塊將從傳送帶左端滑出 C．若小物塊的速度為4 m/

10、s，小物塊將以2 m/s的速度從傳送帶右端滑出 D．若小物塊的速度為1 m/s，小物塊將以2 m/s的速度從傳送帶右端滑出 解析：選BC.小物塊在傳送帶上先向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為a，速度減至零時(shí)通過的位移為x.根據(jù)牛頓第二定律得μmg＝ma，解得a＝μg＝2 m/s2，則x＝＝ m＝6.25 m>6 m，所以小物塊將從傳送帶左端滑出，不會(huì)向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；傳送帶的速度為5 m/s時(shí)，小物塊在傳送帶上受力情況不變，則運(yùn)動(dòng)情況也不變，仍會(huì)從傳送帶左端滑出，B正確；若小物塊的速度為4 m/s，小物塊向左減速運(yùn)動(dòng)的位移大小為x′＝＝ m＝4 m<6 m，則小物塊的速度減到

11、零后再向右加速，小物塊加速到與傳送帶共速時(shí)的位移為x″＝＝ m＝1 m<6 m，以后小物塊以v1＝2 m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)到右端，則小物塊從傳送帶右端滑出時(shí)的速度為2 m/s，C正確；若小物塊的速度為1 m/s，小物塊向左減速運(yùn)動(dòng)的位移大小為x＝＝ m＝0.25 m<6 m，則小物塊速度減到零后再向右加速，由于x

12、上的加速度，可觀察到彈簧秤上的示數(shù)變大，左側(cè)物塊處于超重狀態(tài)；若將右側(cè)物塊的質(zhì)量減小到m，左側(cè)物塊將向下做加速運(yùn)動(dòng)，可觀察到彈簧秤上的示數(shù)變小，左側(cè)物塊處于失重狀態(tài)．請(qǐng)問：左側(cè)物塊處于超重狀態(tài)時(shí)，彈簧秤的讀數(shù)是多少？左側(cè)物塊處于失重狀態(tài)時(shí)，彈簧秤的讀數(shù)又是多少？(不計(jì)連接物塊的細(xì)線和彈簧秤的質(zhì)量) 解析：左側(cè)物塊處于超重狀態(tài)時(shí)，對(duì)左側(cè)物塊受力分析知F－2mg＝2ma，對(duì)右側(cè)的物塊受力分析知3mg－F＝3ma 聯(lián)立解得F＝mg 左側(cè)物塊處于失重狀態(tài)時(shí)，對(duì)左側(cè)物塊受力分析知 2mg－F′＝2ma′ 對(duì)右側(cè)的物塊受力分析知F′－mg＝ma′ 聯(lián)立解得F′＝mg. 答案：mg　mg