（江蘇專用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：選擇題提速練（八）

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1、（江蘇專用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：選擇題提速練（八） 一、單項選擇題(本題共6小題，每小題4分，共計24分，每小題只有一個選項符合題意．) 1．(2018·常州一中等聯(lián)考)電容式加速度傳感器的原理結(jié)構(gòu)圖如圖1，質(zhì)量塊右側(cè)連接輕質(zhì)水平彈簧，左側(cè)連接電介質(zhì)，彈簧與電容器固定在外框上，質(zhì)量塊可帶動電介質(zhì)移動改變電容．則(　　) 圖1 A．電介質(zhì)插入極板間越深，電容器電容越小 B．當(dāng)傳感器以恒定加速度運動時，電路中有恒定電流 C．若傳感器原來向右勻速運動，突然減速時彈簧會伸長 D．當(dāng)傳感器由靜止突然向右加速瞬間，電路中有順時針方向電流 答案　D 解析　根據(jù)電容器

2、的電容決定式C＝，電介質(zhì)插入極板間越深，電介質(zhì)越大，則電容器電容越大，故A錯誤；當(dāng)傳感器以恒定加速度運動時，根據(jù)牛頓第二定律可知，彈簧彈力大小不變，則電容器的電容不變，因兩極板間的電壓不變，則電容器的帶電荷量不變，因此電路中沒有電流，故B錯誤；若傳感器原來向右勻速運動，突然減速時，因慣性，質(zhì)量塊繼續(xù)向右運動，從而壓縮彈簧，故C錯誤；當(dāng)傳感器由靜止突然向右加速瞬間，質(zhì)量塊相對電容器向左運動，導(dǎo)致插入極板間電介質(zhì)加深，因此電容會增大，由于電壓不變，根據(jù)Q＝CU可知，極板間的帶電荷量增大，電容器處于充電狀態(tài)，因此電路中有順時針方向電流，故D正確． 2．如圖2所示，A、B兩物塊放在光滑的水平面上，一

3、水平輕彈簧放在A、B之間與A相連，與B接觸但不連接，彈簧剛好處于原長，將物塊A鎖定，物塊C與A、B在一條直線上，三個物塊的質(zhì)量相等，現(xiàn)讓物塊C以v＝2 m/s的速度向左運動，與B相碰并粘在一起，當(dāng)C的速度為零時，解除A的鎖定，則A最終獲得的速度大小為(　　) 圖2 A. m/s B. m/s C. m/s D. m/s 答案　D 解析　設(shè)每個物塊的質(zhì)量為m，C與B碰撞后的共同速度為v1，以v的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律： mv＝2mv1，代入數(shù)據(jù)解得：v1＝1 m/s，設(shè)A最終獲得的速度大小為v2，B和C獲得的速度大小為v3，根據(jù)動量守恒定律則有：mv2＝2mv3，

4、根據(jù)能量守恒定律可得：×2mv12＝mv22＋×2mv32，代入數(shù)據(jù)解得：v2＝ m/s，故D正確，A、B、C錯誤． 3．(2018·泰州中學(xué)月考)如圖3所示，半徑為R的均勻帶正電薄球殼，殼內(nèi)的電場強(qiáng)度處處為零，其球心位于坐標(biāo)原點O，一帶正電的試探電荷靠近球殼表面處由靜止釋放沿坐標(biāo)軸向右運動．下列關(guān)于坐標(biāo)軸上某點電勢φ、試探電荷在該點的動能Ek與離球心距離x的關(guān)系圖線，可能正確的是(　　) 圖3 答案　A 4．如圖4所示，OM的左側(cè)存在范圍足夠大、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外，OM左側(cè)到OM距離為L的P處有一個粒子源，可沿紙面內(nèi)各個方向射出質(zhì)量為m、電

5、荷量為q的帶正電粒子(重力不計)，速率均為，則粒子在磁場中運動的最短時間為(　　) 圖4 A. B. C. D. 答案　B 解析　粒子進(jìn)入磁場中做勻速圓周運動，則有：qvB＝m，將題中的v值代入得：r＝L，粒子在磁場中運動的時間最短，則粒子運動軌跡對應(yīng)的弦最短，最短弦為L，等于圓周運動的半徑，根據(jù)幾何關(guān)系，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為60°，運動時間為，故tmin＝＝×＝，故B正確，A、C、D錯誤． 5．如圖5所示，等腰三角形內(nèi)分布有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，它的底邊在x軸上且長為2L，高為L，紙面內(nèi)一邊長為L的正方形導(dǎo)線框沿x軸正方向做勻速直線運動穿過勻強(qiáng)磁場區(qū)域，在t＝0時刻

6、恰好位于如圖所示的位置，以順時針方向為導(dǎo)線框中電流的正方向，下面四幅圖中能夠正確表示導(dǎo)線框中的電流－位移(I－x)關(guān)系的是(　　) 圖5 答案　B 解析　位移在0～L過程，通過導(dǎo)線框的磁通量增大，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向為順時針方向，為正值．I＝，l＝x，則I＝x；位移在L～2L過程，通過導(dǎo)線框的磁通量先增大后減小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向先為順時針方向，為正值，后為逆時針方向，為負(fù)值；位移在2L～3L過程，通過導(dǎo)線框的磁通量減小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向為逆時針方向，為負(fù)值，I＝(3L－x)，故選B. 6．(2018·江蘇省高考壓軸卷)如圖6所示，半徑為L＝1 m的

7、金屬圓環(huán)，其半徑Oa是銅棒，兩者電阻均不計且接觸良好．今讓Oa以圓心O為軸，以角速度ω＝10 rad/s勻速轉(zhuǎn)動，圓環(huán)處于垂直于環(huán)面、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝2 T的勻強(qiáng)磁場中．從圓心O引出導(dǎo)線，從圓環(huán)上接出導(dǎo)線，并接到匝數(shù)比為n1∶n2＝1∶4的理想變壓器原線圈兩端．則接在副線圈兩端的理想電壓表的示數(shù)為(　　) 圖6 A．40 V B．20 V C．80 V D．0 答案　D 解析　由于Oa以圓心O為軸，以角速度ω＝10 rad/s勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢，變壓器鐵芯中磁通量不變，接在副線圈兩端的理想電壓表的示數(shù)為零，選項D正確． 二、多項選擇題(本題共4小題，每小題4分，

8、共計16分．每小題有多個選項符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．) 7．(2018·高考押題預(yù)測卷)下列說法正確的是(　　) A．放射性元素的半衰期隨溫度升高而減小 B．比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定 C．放射性同位素可以用來做示蹤原子 D．大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出6種不同頻率的光 答案　BCD 解析　放射性元素的半衰期只與原子核的結(jié)構(gòu)有關(guān)，與物理、化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故A錯誤；比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，故B正確；放射性同位素可以利用它的放射性特點，用來做示蹤原子，故C正確；根據(jù)C計算出大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，可

9、能發(fā)出6種不同頻率的光，故D正確． 8.如圖7所示，兩顆衛(wèi)星A、B質(zhì)量相等，A繞地球運動的軌跡為圓，B繞地球運動的軌跡為橢圓，軌跡在同一平面內(nèi)且相切于P點，則(　　) 圖7 A．在P點兩衛(wèi)星的加速度大小相等 B．在P點衛(wèi)星B的速度介于11.2 km/s和16.7 km/s之間 C．衛(wèi)星B的周期比A長 D．兩衛(wèi)星的機(jī)械能相等 答案　AC 9．(2018·南京市三模)如圖8所示，寬度為d、厚度為h的金屬導(dǎo)體放在垂直于它的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)電流通過該導(dǎo)體時，在導(dǎo)體的上、下表面之間會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)．實驗表明：當(dāng)磁場不太強(qiáng)時，電勢差U、電流I和磁感應(yīng)強(qiáng)度

10、B的關(guān)系為U＝k，式中的比例系數(shù)k稱為霍爾系數(shù)，設(shè)載流子的電荷量大小為q，金屬導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)目為n，下列說法正確的是(　　) 圖8 A．導(dǎo)體上表面的電勢大于下表面的電勢 B．霍爾系數(shù)為k＝ C．載流子所受靜電力的大小F＝q D．載流子所受洛倫茲力的大小f＝ 答案　BD 10．將質(zhì)量均為M＝1 kg的編號依次為1、2、…、6的劈塊靠在一起構(gòu)成傾角α＝37°的三角形劈面，每個劈塊上斜面長度均為L＝0.2 m．如圖9所示，質(zhì)量為m＝1 kg的小物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)均為μ1＝0.5，斜面與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ2＝0.3，假定最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等．現(xiàn)使A從

11、斜面底端以平行于斜面的初速度v0＝4.5 m/s沖上斜面，下列說法正確的是(g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(　　) 圖9 A．若所有劈均固定在水平面上，物塊最終從6號劈上沖出 B．若所有劈均固定在水平面上，物塊最終能沖到6號劈上 C．若所有劈均不固定在水平面上，物塊上滑到5號劈時，劈開始相對水平面滑動 D．若所有劈均不固定在水平面上，物塊上滑到4號劈時，劈開始相對水平面滑動 答案　BC 解析　若所有劈固定，根據(jù)牛頓第二定律， a＝gsin α＋μ1gcos α＝10 m/s2. 由v02＝2ax，則物塊的位移x＝1.012 5 m，≈5.1， 故可以沖上6號劈，A錯誤，B正確； 物塊與斜面間的彈力FN1＝mgcos 37°＝8 N， 物塊與斜面間的滑動摩擦力Ff1＝μ1FN1＝4 N， 地面對劈的支持力 FN2＝(6－n)Mg＋FN1cos 37°－Ff1sin 37°，(n為劈塊編號) 當(dāng)Ff1cos 37°＋FN1sin 37°＝μ2FN2時后面的劈塊剛開始滑動，得n≈3.7. 故滑到5號劈時，劈開始相對水平面滑動，C正確，D錯誤．