高考物理二輪復習 考前增分技巧 選擇題突破訓練 新人教版

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1、高考物理二輪復習 考前增分技巧 選擇題突破訓練 新人教版 1．如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個點，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點處有一電荷量為q(q>0)的固定點電荷．已知b點處的場強為零，則d點處場強的大小為(k為靜電力常量)(　　) A．k B．k C．k D．k 解析：本題應從點電荷產生的電場和電場的疊加角度解決問題．已知a處點電荷和帶電圓盤均在b處產生電場，且b處場強為零，所以帶電圓盤在b處產生的電場場強E1和q在b處產生的電場場強Eab等大反向，即E1＝Eab＝，帶電圓盤在d處產生的電

2、場場強E2＝E1且方向與E1相反，q在d處產生的電場場強Ead＝，則d處場強Ed＝E2＋Ead＝＋＝k，選項B正確． 答案：B 2．圖甲為伽利略研究自由落體運動實驗的示意圖，讓小球由傾角為θ的光滑斜面滑下，然后在不同的θ角條件下進行多次實驗，最后推理出自由落體運動是一種勻加速直線運動．分析該實驗可知，小球對斜面的壓力、小球運動的加速度和重力加速度與各自最大值的比值y隨θ變化的圖象分別對應圖乙中的(　　) A．①、②和③ B．③、②和① C．②、③和① D．③、①和② 解析：本題考查牛頓運動定律及圖象分析，意在考查考生的圖象分析能力．根據(jù)斜面模型，小球在光滑的斜面上時，對斜

3、面的壓力為FN＝mgcosθ，壓力FN與其最大值的比值為cosθ，此比值與θ的圖線對應圖象中的③；下滑過程中小球的加速度a＝gsinθ，加速度與其最大值的比值為sinθ，此比值與θ的圖線對應圖象中的②；重力加速度是恒定值，與其最大值的比值為1，此比值與θ的圖線對應圖象中的①.所以B項正確；A、C、D項錯誤． 答案：B 3．如圖所示，在水平地面上M點的正上方某一高度處，將球S1以初速度v1水平向右拋出，同時在M點右方地面上N點處，將球S2以初速度v2斜向左上方拋出，兩球恰在M、N連線的中點正上方相遇，不計空氣阻力，則兩球從拋出到相遇過程中(　　) A．初速度大小關系為v1＝v2 B

4、．速度變化量相等 C．水平位移相等 D．都不是勻變速運動 解析：兩球運動過程中都只受重力作用，加速度為g，均做勻變速運動，D錯誤；因g＝所以速度的變化量Δv＝gΔt，運動時間Δt相同，所以Δv也相同，B正確；設v2方向與水平面的夾角為θ，因兩球在M、N連線的中點相遇且運動時間相同，所以兩球的水平位移大小相等，方向相反，且v1＝v2cosθ，A、C錯誤． 答案：B 4．用一根細線一端系一小球(可視為質點)，另一端固定在一光滑錐頂上，如圖所示，設小球在水平面內做勻速圓周運動的角速度為ω，細線的張力為FT，則FT隨ω2變化的圖象是圖中的(　　) 解析：小球角速度ω較小，未離

5、開錐面，設細線的張力為FT，線的長度為L，錐面對小球的支持力為FN，則有：FTcosθ＋FNsinθ＝mg及FTsinθ－FNcosθ＝mω2Lsinθ，可求得FT＝mgcosθ＋mω2Lsin2θ. 可見隨ω由0開始增加，F(xiàn)T由mgcosθ開始隨ω2的增大線性增大，當角速度增大到小球飄離錐面時，F(xiàn)Tsinα＝mω2Lsinα，其中α為細線與豎直方向的夾角，即FT＝mω2L，可見FT隨ω2的增大仍線性增大，但圖線斜率增大了，綜上所述，只有C正確． 答案：C 5．質量為2kg的物體，放在動摩擦因數(shù)為μ＝0.1的水平面上，在水平拉力F的作用下，由靜止開始運動，拉力做的功W和物體發(fā)生的位移

6、x之間的關系如圖所示，g＝10m/s2，下列說法中正確的是(　　) A．此物體在AB段做勻加速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為15 W B．此物體在AB段做勻速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為6 W C．此物體在AB段做勻加速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為6 W D．此物體在AB段做勻速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為15 W 解析：由圖知前3 m位移內拉力為5 N，摩擦力大小為f＝μmg＝2 N，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度a＝1.5 m/s2，所用時間為t＝＝2 s，末速度為3 m/s，后6 m位移內拉力等于2 N，與摩擦力等大反向，所以此物體在AB段做勻

7、速直線運動，整個過程中拉力的最大功率為Pm＝Fmvm＝15 W，D對． 答案：D 6．在x軸上方有垂直于紙面的勻強磁場，同一種帶電粒子從O點射入磁場．當入射方向與x軸正方向的夾角α＝45°時，速度為v1、v2的兩個粒子分別從a、b兩點射出磁場，如圖所示，當α＝60°時，為了使速度為v3的粒子從a、b的中點c射出磁場，則速度v3應為(　　) A.(v1＋v2)　　　　　　　　 B.(v1＋v2) C.(v1＋v2) D.(v1＋v2) 解析：當帶電粒子入射方向與x軸正方向的夾角為α＝45°時，速度為v1、v2的兩個粒子分別從a、b兩點射出磁場，作出運動軌跡圖(圖略)，則有2r1

8、cos45°＝Oa,2r2cos45°＝Ob；當α為60°時，為使速度為v3的粒子從c點射出磁場，有2r3cos30°＝Oc，而Oc＝Oa＋，聯(lián)立解得r3＝(r1＋r2)，由r＝，得v3＝(v1＋v2)，則v3＝(v1＋v2)． 答案：D 7. 如圖所示，作用于O點的三個力平衡(其中力F3圖中未畫出)，其中一個力大小為F1，沿y軸負方向，大小未知的力F2與x軸正方向夾角為θ，下列說法正確的是(　　) A．力F3只可能在第二象限 B．力F3與F2夾角越小，則F3與F2越小 C．F3的最小值為F1 cos θ D．力F3可能在第三象限的任意范圍內 解析： 力F3可以在第二

9、象限和第三象限中F2的延長線左側，A、D錯；三個力的矢量圖如圖所示，由圖可知，B錯；當F3與F2垂直時F3的最小值為F1cos θ，C對． 答案：C 8．(xx·天津卷)(多選)P1、P2為相距遙遠的兩顆行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛(wèi)星s1、s2做勻速圓周運動．圖中縱坐標表示行星對周圍空間各處物體的引力產生的加速度a，橫坐標表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示P1、P2周圍的a與r2的反比關系，它們左端點橫坐標相同．則(　　) A．P1的平均密度比P2的大 B．P1的“第一宇宙速度”比P2的小 C．s1的向心加速度比s2的大 D．s1的公轉周期比s2的大

10、解析：題圖中兩條曲線的左端點對應的橫坐標相同，表明兩顆行星的半徑相同，由萬有引力提供向心力可得，G＝ma，a＝，由題圖可知，P1的質量大，因此P1的平均密度大，A項正確；第一宇宙速度v＝，因此質量大的行星第一宇宙速度大，B項錯誤；由a＝可知，s1的向心加速度大，C項正確；由G＝mr()2得T＝2π，因此同一高度處，質量大的行星的衛(wèi)星公轉周期小，D項錯誤． 答案：AC 9．(xx·北京卷)利用所學物理知識，可以初步了解常用的公交一卡通(IC卡)的工作原理及相關問題．IC卡內部有一個由電感線圈L和電容C構成的LC振蕩電路．公交車上的讀卡機(刷卡時“嘀”的響一聲的機器)向外發(fā)射某一特定頻率的電磁

11、波．刷卡時，IC卡內的線圈L中產生感應電流，給電容C充電，達到一定的電壓后，驅動卡內芯片進行數(shù)據(jù)處理和傳輸．下列說法正確的是(　　) A．IC卡工作所需要的能量來源于卡內的電池 B．僅當讀卡機發(fā)射該特定頻率的電磁波時，IC卡才能有效工作 C．若讀卡機發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，則線圈L中不會產生感應電流 D．IC卡只能接收讀卡機發(fā)射的電磁波，而不能向讀卡機傳輸自身的數(shù)據(jù)信息 解析：讀卡機發(fā)射的電磁波，被IC卡內部的LC振蕩電路接收，使IC卡充電，因此IC卡的能量源于讀卡機發(fā)射的電磁波，故A項錯誤；僅當讀卡機發(fā)射的電磁波頻率與該IC卡內的LC振蕩電路的固有頻率相等時，才發(fā)生共振，IC卡

12、才能有效工作，故B項正確；若讀卡機發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，根據(jù)法拉第電磁感應定律，線圈L中仍會產生感應電流，故C項錯誤；由題意，IC卡內的線圈L中產生感應電流，給電容C充電，達到一定電壓后，驅動卡內芯片進行數(shù)據(jù)處理和傳輸，故D項錯誤． 答案：B 10．(xx·江蘇卷)如圖所示，某“闖關游戲”的筆直通道上每隔8 m設有一個關卡，各關卡同步放行和關閉，放行和關閉的時間分別為5 s和2 s．關卡剛放行時，一同學立即在關卡1處以加速度2 m/s2由靜止加速到2m/s，然后勻速向前，則最先擋住他前進的關卡是(　　) A．關卡2 B．關卡3 C．關卡4 D．關卡5 解析：關卡剛放

13、行時，該同學加速的時間t＝＝1 s，運動的距離為x1＝at2＝1 m，然后以2 m/s的速度勻速運動，經4 s運動的距離為8 m，因此第1個5 s內運動距離為9 m，過了第2關，到第3關時再用時3.5 s，大于2 s，因此能過第3關，運動到第4關前共用時12.5 s，而運動到第12 s時，關卡關閉，因此被擋在第4關前，C項正確． 答案：C 11．自然界中某個量D的變化量ΔD與發(fā)生這個變化所用時間Δt的比值叫做這個量D的變化率．下列說法正確的是(　　) A．若D表示某質點做平拋運動的速度，則是恒定不變的 B．若D表示某質點做勻速圓周運動的動量(即質量與速度的乘積)，則是恒定不變的 C．

14、若D表示某質點做豎直上拋運動離拋出點的高度，則一定變大 D．若D表示某質點的動能，則越大，質點所受外力做的總功就越多 解析：做平拋運動的質點，其＝g，g為常量，故選項A正確；做勻速圓周運動的質點，其＝F，向心力F的方向時刻改變，故選項B錯誤；做豎直上拋運動的質點，其＝v，v先減小，變?yōu)榱愫笤傧蛳略龃?，故選項C錯誤；質點動能的變化與合外力做的功相等，＝P，越大，表示質點所受外力做功的功率越大，故選項D錯誤． 答案：A 12．(多選)如圖所示，一個半徑為R的導電圓環(huán)與一個軸向對稱的發(fā)散磁場處處正交，環(huán)上各點的磁感應強度B大小相等，方向均與環(huán)面軸線方向成θ角(環(huán)面軸線為豎直方向)．若導線環(huán)上

15、載有如圖所示的恒定電流I，則下列說法正確的是(　　) A．導電圓環(huán)有收縮的趨勢 B．導電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上 C．導電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIR D．導電圓環(huán)所受安培力的大小為2πBIRsinθ 解析：若導線環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I ，由左手定則可知，安培力方向水平分量均指向圓心，因此導電圓環(huán)有收縮的趨勢，導電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上，導電圓環(huán)所受安培力的大小為2πBIRsinθ，選項A、B、D正確，C錯誤． 答案：ABD 13．某同學在物理學習中記錄了一些與地球、月球有關的數(shù)據(jù)資料如下：地球半徑R＝6 400 km，月球半徑r＝1 740 km，地球表面重力

16、加速度g0＝9.80 m/s2，月球表面重力加速度g′ ＝1.56 m/s2，月球繞地球中心轉動的線速度v＝1 km/s，月球繞地球轉動一周時間為T＝27.3天，光速c＝2.998×105 km/s.1969年8月1日第一次用激光器向位于頭頂?shù)脑虑虮砻姘l(fā)射出激光光束，經過約t＝2.565 s接收到從月球表面反射回來的激光信號，利用上述數(shù)據(jù)可估算出地球表面與月球表面之間的距離s，則下列說法正確的是(　　) A．利用激光束的反射s＝c·來算 B．利用v＝來算 C．利用m月g0＝m月來算 D．利用m月g′＝(s＋R＋r)來算 解析：從地球發(fā)射激光到地球接收到所用時間為t，則單趟時間為，所以s＝c故選項A正確；月球繞地球做圓周運動的半徑為兩球心距離，線速度與周期的關系T＝，故選項B正確；忽略地球自轉的影響，則 G＝mg0① 月球繞地球轉動，萬有引力提供向心力， ＝m月② ①②聯(lián)立，得g0＝，故選項C錯誤； 在月球表面G＝m′g′③ 月球繞地球轉動，萬有引力提供向心力， ＝m月④ ③④聯(lián)立得g′＝(s＋r＋R)3， 故選項D錯誤． 答案：AB