(浙江選考)2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題七 計(jì)算題題型強(qiáng)化 第2講 必考計(jì)算題20題 動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用學(xué)案

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(浙江選考)2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題七 計(jì)算題題型強(qiáng)化 第2講 必考計(jì)算題20題 動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用學(xué)案_第1頁
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1、 第2講 必考計(jì)算題20題 動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用 題型1 直線運(yùn)動(dòng)中動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的應(yīng)用 1.航母艦載機(jī)滑躍起飛有點(diǎn)像高山滑雪,主要靠甲板前端的上翹來幫助戰(zhàn)斗機(jī)起飛,其示意圖如圖1所示,設(shè)某航母起飛跑道主要由長度為L1=160 m的水平跑道和長度為L2=20 m的傾斜跑道兩部分組成,水平跑道與傾斜跑道末端的高度差h=4.0 m.一架質(zhì)量為m=2.0×104 kg的飛機(jī),其噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)的推力大小恒為F=1.2×105 N,方向與速度方向相同,在從靜止開始運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中飛機(jī)受到的平均阻力大小為飛機(jī)重力的0.1倍,假設(shè)航母處于靜止?fàn)顟B(tài),飛機(jī)質(zhì)量視為不變并可看成質(zhì)點(diǎn),傾斜跑道

2、看做斜面,不計(jì)拐角處的影響.取g=10 m/s2. 圖1 (1)求飛機(jī)在水平跑道運(yùn)動(dòng)的時(shí)間; (2)求飛機(jī)到達(dá)傾斜跑道末端時(shí)的速度大?。? (3)如果此航母去掉傾斜跑道,保持水平跑道長度不變,現(xiàn)在跑道上安裝飛機(jī)彈射器,此彈射器彈射距離為84 m,要使飛機(jī)在水平跑道的末端速度達(dá)到100 m/s,則彈射器的平均作用力為多大?(已知彈射過程中發(fā)動(dòng)機(jī)照常工作) 答案 (1)8 s (2)2 m/s (3)1.0×106 N 解析 (1)設(shè)飛機(jī)在水平跑道的加速度為a1,阻力為Ff 由牛頓第二定律得 F-Ff=ma1 L1=a1t 解得t1=8 s (2)設(shè)飛機(jī)在水平跑道末端速度為

3、v1,在傾斜跑道末端速度為v2,加速度為a2 水平跑道上: v1=a1t1 傾斜跑道上: 由牛頓第二定律得 F-Ff-mg=ma2 v-v=2a2L2 解得v2=2 m/s (3)設(shè)彈射器的平均彈力為F1,彈射距離為x,飛機(jī)在水平跑道末端速度為v3 由動(dòng)能定理得F1x+FL1-FfL1=mv 解得F1=1.0×106 N. 2.戰(zhàn)機(jī)常配有阻力傘,阻力傘也叫減速傘,是用來減小戰(zhàn)機(jī)著陸時(shí)滑跑速度的傘狀工具.某質(zhì)量為m=2.0×104 kg的戰(zhàn)機(jī)以水平速度v0=100 m/s著陸后立即關(guān)閉引擎同時(shí)打開阻力傘,情形如圖2甲所示,戰(zhàn)機(jī)做直線運(yùn)動(dòng),其速度隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示,

4、圖線在12~22 s時(shí)間內(nèi)可近似看成直線,重力加速度g=10 m/s2,求: 圖2 (1)在12~22 s時(shí)間內(nèi),戰(zhàn)機(jī)受到的平均阻力大?。? (2)在0~12 s時(shí)間內(nèi),戰(zhàn)機(jī)克服阻力做功的平均功率. 答案 (1)4.0×104 N (2)8.0×106 W 解析 (1)12~22 s時(shí)間內(nèi),a==2 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律:Ff=ma=4.0×104 N (2)0~12 s時(shí)間內(nèi),根據(jù)動(dòng)能定理: -Wf=mv-mv Wf=9.6×107 J 戰(zhàn)機(jī)克服阻力做功的平均功率:==8.0×106 W 3.滑草是一項(xiàng)前衛(wèi)運(yùn)動(dòng),和滑雪一樣能給運(yùn)動(dòng)者帶來動(dòng)感和刺激,能體驗(yàn)人與大自

5、然的和諧,在感受風(fēng)一般速度的同時(shí)又能領(lǐng)略到大自然的美好.圖3甲照片是無軌道滑草,圖乙照片是千島湖石林景區(qū)的軌道滑草,其軌道的上段坡度很大而下段比較平坦,表面鋪設(shè)滑草,軌道末端有一段表面鋪設(shè)橡膠的水平減速帶,滑行者坐在滑草盆內(nèi)自頂端靜止下滑.其滑行軌道可簡化為圖丙模型:設(shè)軌道上端與底端高度差H=32 m,水平距離L=80 m,末端減速帶長s=16 m,滑草盆與滑草間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1,滑草盆與橡膠間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2.(忽略軌道各連接處的動(dòng)能損失,g取10 m/s2)求: 圖3 (1)若μ1=0.24,則滑草者剛到達(dá)減速帶時(shí)的速度有多大; (2)若滑草者與盆的總質(zhì)量為75 kg,則

6、滑草者滑行一次,將會(huì)產(chǎn)生多少熱量; (3)為確?;菡吣芡T谙鹉z材質(zhì)的水平減速帶上,μ1、μ2應(yīng)滿足什么條件. 答案 (1)16 m/s (2)2.4×104 J (3)0.4-0.2μ2<μ1<0.4 解析 (1)由動(dòng)能定理得:mgH-μ1mgL=mv2 代入數(shù)據(jù)解得:v=16 m/s. (2)設(shè)滑草者滑行一次產(chǎn)生熱量為Q 由能量守恒得:Q=mgH 代入數(shù)據(jù)解得:Q=2.4×104 J. (3)設(shè)滑草者在減速帶滑行距離x后停下, 由動(dòng)能定理:mgH-μ1mgL-μ2mgx=0 為確保安全,0

7、五校聯(lián)考)如圖4甲所示,傾角為θ=37°的傳送帶以恒定速率逆時(shí)針運(yùn)行,現(xiàn)將一質(zhì)量m=2 kg的小物體輕輕放在傳送帶的A端,物體相對(duì)地面的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示,2 s末物體到達(dá)B端,取沿傳送帶向下為正方向,g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求: 圖4 (1)小物體在傳送帶A、B兩端間運(yùn)動(dòng)的平均速度v的大?。? (2)物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ; (3)2 s內(nèi)物體機(jī)械能的減少量ΔE及因與傳送帶摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Q. 答案 (1)8 m/s (2)0.5 (3)48 J 48 J 解析 (1)由題意及題圖乙可知,傳送帶長為: L=×10×1

8、 m+(10+12)×1 m=16 m, t=2 s, 所以v=8 m/s. (2)由題圖乙可知傳送帶運(yùn)行速度為v1=10 m/s, 物體從A到B先做加速度為a1= m/s2=10 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng),經(jīng)過時(shí)間t1=1 s后再做加速度為a2= m/s2=2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng),然后經(jīng)過時(shí)間t2=1 s,物體以大小為v2=12 m/s的速度到達(dá)傳送帶B端. 由物體在傳送帶上的受力情況知 a1==gsin θ+μgcos θ 解得μ=0.5. (3)小物體到達(dá)傳送帶B端時(shí)的速度大小v2=12 m/s 物體的動(dòng)能增加了 ΔEk=mv=×2×122 J=144 J. 物體的重

9、力勢能減少了 ΔEp=mgLsin θ=2×10×16×0.6 J=192 J 所以物體的機(jī)械能的減少量ΔE=48 J 由功能關(guān)系可知 Q=μmgcos θ(v1t1-t1)+μmgcos θ(t2-v1t2) 解得Q=48 J. 1.直線運(yùn)動(dòng)中多運(yùn)動(dòng)過程組合主要是指直線多過程或直線與斜面運(yùn)動(dòng)的組合問題. 2.涉及的規(guī)律:(1)動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn):牛頓運(yùn)動(dòng)定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)基本規(guī)律;(2)能量觀點(diǎn):動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律、能量守恒定律. 3.受力分析、運(yùn)動(dòng)分析,將物理過程分解成幾個(gè)簡單的直線運(yùn)動(dòng)過程,分別選擇合適的規(guī)律求解. 4.相鄰運(yùn)動(dòng)過程連接點(diǎn)的速度是解題關(guān)鍵. 題型2 曲線運(yùn)

10、動(dòng)中動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的應(yīng)用 1.(2017·嘉興市一中期末)如圖5所示,一質(zhì)量m=0.4 kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止于動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1的水平軌道上的A點(diǎn).現(xiàn)對(duì)滑塊施加一水平外力,使其向右運(yùn)動(dòng),外力的功率恒為P=10 W.經(jīng)過一段時(shí)間后撤去外力,滑塊繼續(xù)滑行至B點(diǎn)后水平飛出,恰好在C點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧形軌道,軌道的最低點(diǎn)D處裝有壓力傳感器,當(dāng)滑塊到達(dá)傳感器上方時(shí),傳感器的示數(shù)為25.6 N.已知軌道AB的長度L=2.0 m,半徑OC和豎直方向的夾角α=37°,圓弧形軌道的半徑R=0.5 m.(空氣阻力可忽略,重力加速度g=10 m/s2,sin 37°=0

11、.6,cos 37°=0.8),求: 圖5 (1)滑塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)速度vC的大??; (2)B、C兩點(diǎn)的高度差h及水平距離x; (3)水平外力作用在滑塊上的時(shí)間t. 答案 (1)5 m/s (2)0.45 m 1.2 m (3)0.4 s 解析 (1)滑塊運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí),由牛頓第二定律和牛頓第三定律得FN-mg=m 滑塊由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程,由機(jī)械能守恒定律得 mgR(1-cos α)+mv=mv 聯(lián)立解得vC=5 m/s (2)滑塊在C點(diǎn)時(shí),速度的豎直分量為vy=vCsin α=3 m/s B、C兩點(diǎn)的高度差為h==0.45 m 滑塊由B運(yùn)動(dòng)到C所用的時(shí)間為ty==

12、0.3 s 滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度為vB=vCcos α=4 m/s B、C兩點(diǎn)間的水平距離為x=vBty=1.2 m (3)滑塊由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程,由動(dòng)能定理得 Pt-μmgL=mv,解得t=0.4 s 2.如圖6所示,一內(nèi)壁光滑的細(xì)管彎成半徑為R=0.4 m的半圓形軌道CD,豎直放置,其內(nèi)徑略大于小球的直徑,水平軌道與豎直半圓形軌道在C點(diǎn)連接完好.置于水平軌道上的彈簧左端與豎直墻壁相連,B處為彈簧的自然狀態(tài).將一個(gè)質(zhì)量為m=0.8 kg的小球放在彈簧的右側(cè)后,用力向左側(cè)推小球而壓縮彈簧至A處,然后將小球由靜止釋放,小球運(yùn)動(dòng)到C處后對(duì)軌道的壓力為F1=58 N.水平軌道以B

13、處為界,左側(cè)AB段長為x=0.3 m,與小球的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5,右側(cè)BC段光滑.g=10 m/s2,求: 圖6 (1)彈簧在壓縮時(shí)所儲(chǔ)存的彈性勢能; (2)小球運(yùn)動(dòng)到軌道最高處D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大?。? 答案 (1)11.2 J (2)10 N 解析 (1)小球運(yùn)動(dòng)到C處時(shí), 由牛頓第二定律和牛頓第三定律得: F1-mg=m 代入數(shù)據(jù)解得v1=5 m/s 根據(jù)動(dòng)能定理Ep-μmgx=mv 代入解得Ep=11.2 J (2)小球從C到D過程,由機(jī)械能守恒定律得 mv=2mgR+mv 代入數(shù)據(jù)解得v2=3 m/s 由于v2>=2 m/s 所以小球在D處對(duì)軌道外

14、壁有壓力,由牛頓第二定律得 F2+mg=m, 代入數(shù)據(jù)解得F2=10 N 根據(jù)牛頓第三定律得,小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?0 N. 3.(2017·溫州市9月選考)如圖7所示是某公園中的一項(xiàng)游樂設(shè)施,它由彎曲軌道AB、豎直圓軌道BC以及水平軌道BD組成,各軌道平滑連接.其中圓軌道BC半徑R=2.0 m,水平軌道BD長L=9.0 m,BD段對(duì)小車產(chǎn)生的摩擦阻力為車重的0.2倍,其余部分摩擦不計(jì),質(zhì)量為1.0 kg的小車(可視為質(zhì)點(diǎn))從P點(diǎn)靜止釋放,恰好滑過圓軌道最高點(diǎn),然后從D點(diǎn)飛入水池中,空氣阻力不計(jì),取g=10 m/s2,求: 圖7 (1)P點(diǎn)離水平軌道的高度H; (2)小車運(yùn)

15、動(dòng)到圓軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力; (3)在水池中放入安全氣墊MN(氣墊厚度不計(jì)),氣墊上表面到水平軌道BD的豎直高度h=3.2 m,氣墊的左右兩端M、N到D點(diǎn)的水平距離分別為5.6 m,8.0 m,要使小車能安全落到氣墊上,則小車釋放點(diǎn)距水平軌道的高度H′應(yīng)滿足什么條件? 答案 (1)5 m (2)60 N,方向豎直向下 (3)5 m≤H′≤6.8 m 解析 (1)小車恰好滑過圓軌道最高點(diǎn)C,在圓軌道的最高點(diǎn)C對(duì)小車受力分析有: mg= 小車由P運(yùn)動(dòng)到C由動(dòng)能定理可得 mg(H-2R)=mv, 聯(lián)立解得H=5 m. (2)小車由P運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),由動(dòng)能定理得: mgH=mv,

16、在B點(diǎn)對(duì)小車: FN-mg= 由以上兩式可得FN=60 N 據(jù)牛頓第三定律可知小車運(yùn)動(dòng)到圓軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為60 N,方向豎直向下. (3)小車從D點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng), x=vDt,h=gt2 因?yàn)?.6 m≤x≤8.0 m, 代入以上兩式可得7 m/s≤vD≤10 m/s, 從小車釋放點(diǎn)至D點(diǎn)由動(dòng)能定理得 mgH′-kmgL=mv, 代入vD,得到4.25 m≤H′≤6.8 m 若使小車能通過C點(diǎn),需要H′≥5 m 綜上:5 m≤H′≤6.8 m. 4.如圖8所示,AB(光滑)與CD(粗糙)為兩個(gè)對(duì)稱斜面,斜面的傾角均為θ,其上部都足夠長,下部分別與一個(gè)光滑

17、的圓弧面BEC的兩端相切,一個(gè)物體在離切點(diǎn)B的高度為H處,以初速度v0沿斜面向下運(yùn)動(dòng),物體與CD斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ. 圖8 (1)物體首次到達(dá)C點(diǎn)的速度大小; (2)物體沿斜面CD上升的最大高度h和時(shí)間t; (3)請(qǐng)描述物體從靜止開始下滑的整個(gè)運(yùn)動(dòng)情況,并簡要說明理由. 答案 見解析 解析 (1)由mv+mgH=mv 得 vC= (2)物體沿CD上升的加速度大小a=gsin θ+μgcos θ v=2a, 解得h= 物體從C點(diǎn)上升到最高點(diǎn)所用的時(shí)間 t== (3)情況一: 物體滑上CD斜面并勻減速上升最終靜止在CD斜面某處.理由是物體與CD斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)較大

18、. 情況二: 物體在軌道上做往復(fù)運(yùn)動(dòng),在斜面上做勻變速直線運(yùn)動(dòng),最大高度逐漸降低,最終在BEC圓弧內(nèi)做周期性往復(fù)運(yùn)動(dòng).理由是物體與CD斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)較小,在CD斜面上克服摩擦力做功,機(jī)械能減少,在BEC圓弧內(nèi)只有重力做功,機(jī)械能守恒. 1.曲線運(yùn)動(dòng)中的動(dòng)力學(xué)和能量觀點(diǎn)的綜合問題,主要是直線運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)三種運(yùn)動(dòng)中兩者或三者的組合問題. 2.對(duì)物體進(jìn)行受力分析、運(yùn)動(dòng)分析、能量分析,初步了解運(yùn)動(dòng)全過程,構(gòu)建大致運(yùn)動(dòng)圖景. 3.若多過程問題,將全過程分解,尋找子過程間的聯(lián)系和解題方法. 專題強(qiáng)化練 (限時(shí):35分鐘) 1.目前,我國的高鐵技術(shù)已處于世界領(lǐng)先水平,它

19、是由幾節(jié)自帶動(dòng)力的車廂(動(dòng)車)加幾節(jié)不帶動(dòng)力的車廂(拖車)組成一個(gè)編組,稱為動(dòng)車組.若每節(jié)動(dòng)車的額定功率均為1.35×104 kW,每節(jié)動(dòng)車與拖車的質(zhì)量均為5×104 kg,動(dòng)車組運(yùn)行過程中每節(jié)車廂受到的阻力恒為其重力的0.075倍.若已知1節(jié)動(dòng)車加2節(jié)拖車編成的動(dòng)車組運(yùn)行時(shí)的最大速度v0為466.7 km/h.我國的滬昆高鐵是由2節(jié)動(dòng)車和6節(jié)拖車編成動(dòng)車組來工作的,其中頭、尾為動(dòng)車,中間為拖車.當(dāng)列車高速行駛時(shí)會(huì)使列車的“抓地力”減小不易制動(dòng),解決的辦法是制動(dòng)時(shí),常用“機(jī)械制動(dòng)”與“風(fēng)阻制動(dòng)”配合使用,所謂“風(fēng)阻制動(dòng)”就是當(dāng)檢測到車輪壓力非正常下降時(shí),通過升起風(fēng)翼(減速板)調(diào)節(jié)其風(fēng)阻,先用高

20、速時(shí)的風(fēng)阻來增大“抓地力”將列車進(jìn)行初制動(dòng),當(dāng)速度較小時(shí)才采用機(jī)械制動(dòng).求:(所有結(jié)果保留兩位有效數(shù)字) (1)滬昆高鐵的最大時(shí)速v為多少? (2)當(dāng)動(dòng)車組以加速度1.5 m/s2加速行駛時(shí),第3節(jié)車廂對(duì)第4節(jié)車廂的作用力為多大? (3)滬昆高鐵以題(1)中的最大速度運(yùn)行時(shí),測得此時(shí)風(fēng)相對(duì)于運(yùn)行車廂的速度為100 m/s,已知橫截面積為1 m2的風(fēng)翼上可產(chǎn)生1.29×104 N的阻力,此阻力轉(zhuǎn)化為車廂與地面阻力的效率為90%.滬昆高鐵每節(jié)車廂頂安裝有2片風(fēng)翼,每片風(fēng)翼的橫截面積為1.3 m2,求此情況下“風(fēng)阻制動(dòng)”的最大功率為多大? 答案 (1)3.5×102 km/h (2)1.1

21、×105 N (3)2.3×107 W 解析 (1)由 P=3kmgv0,2P=8kmgv 解得:v=0.75v0≈3.5×102 km/h; (2)設(shè)各動(dòng)車的牽引力為F牽,第3節(jié)車廂對(duì)第4節(jié)車廂的作用力大小為F,以第1、2、3節(jié)車廂為研究對(duì)象 由牛頓第二定律得:F牽-3kmg-F=3ma 以動(dòng)車組整體為研究對(duì)象,由牛頓第二定律得:2F牽-8kmg=8ma 由上述兩式得:F≈1.1×105 N (3)由風(fēng)阻帶來的列車與地面的阻力為:Fm=1.29×104×1.3×2×8×0.9 N≈2.4×105 N “風(fēng)阻制動(dòng)”的最大功率為P=Fmvm=2.4×105× W≈2.3×107

22、W. 2.在物資運(yùn)轉(zhuǎn)過程中常使用如圖1所示的傳送帶.已知某傳送帶與水平面成θ=37°角,傳送帶的AB部分長L=5.8 m,傳送帶以恒定的速率v=4 m/s按圖示方向傳送,若在B端無初速度地放置一個(gè)質(zhì)量m=50 kg的物資P(可視為質(zhì)點(diǎn)),P與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5(g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8).求: 圖1 (1)物資P從B端開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大??; (2)物資P到達(dá)A端時(shí)的動(dòng)能. 答案 (1)10 m/s2 (2)900 J 解析 (1)P剛放在B端時(shí),受到沿傳送帶向下的滑動(dòng)摩擦力作用,根據(jù)牛頓第二定律有 mgsin θ+Ff

23、=ma FN=mgcos θ Ff=μFN 聯(lián)立解得加速度為a=10 m/s2 (2)P達(dá)到與傳送帶相同速度時(shí)的位移 x==0.8 m 以后物資P受到沿傳送帶向上的滑動(dòng)摩擦力作用,根據(jù)動(dòng)能定理得 (mgsin θ-Ff)(L-x)=mv-mv2 到達(dá)A端時(shí)的動(dòng)能 EkA=mv=900 J. 3.滑沙游戲中,游戲者從沙坡頂部坐滑沙車呼嘯滑下.為了安全,滑沙車上通常裝有剎車手柄,游客可以通過操縱剎車手柄對(duì)滑沙車施加一個(gè)與車運(yùn)動(dòng)方向相反的制動(dòng)力F,從而控制車速.為便于研究,做如下簡化:如圖2所示,游客從頂端A點(diǎn)由靜止滑下8 s后,操縱剎車手柄使滑沙車摩擦力變大勻速下滑至底端B

24、點(diǎn),在水平滑道上繼續(xù)滑行直至停止.已知游客和滑沙車的總質(zhì)量m=70 kg,傾斜滑道AB長LAB=128 m,傾角θ=37°,滑沙車底部與沙面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5.重力加速度g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,不計(jì)空氣阻力. 圖2 (1)求游客勻速下滑時(shí)的速度大?。? (2)求游客勻速下滑的時(shí)間; (3)求游客從A滑到B的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量. 答案 (1)16 m/s (2)4 s (3)44 800 J 解析 (1)對(duì)游客和滑沙車整體受力分析,由牛頓第二定律有 mgsin θ-μmgcos θ=ma1 解得a1=g(sin θ-μco

25、s θ)=10×(0.6-0.5×0.8) m/s2=2 m/s2 則游客勻速下滑時(shí)的速度 v=a1t1=2×8 m/s=16 m/s (2)游客加速下滑通過的位移 x1=a1t=×2×82 m=64 m 則游客勻速下滑通過的位移 x2=LAB-x1=128 m-64 m=64 m 勻速下滑的時(shí)間t== s=4 s. (3)對(duì)游客從A滑到B的運(yùn)動(dòng)過程中,由動(dòng)能定理有 mgLABsin θ-Wf=mv2 Q=Wf=mgLABsin θ-mv2=44 800 J. 4.(2017·稽陽聯(lián)誼學(xué)校8月聯(lián)考)如圖3所示,遙控電動(dòng)賽車(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)由靜止出發(fā),經(jīng)過時(shí)間t后關(guān)閉發(fā)

26、動(dòng)機(jī),賽車?yán)^續(xù)前進(jìn)至B點(diǎn)進(jìn)入半徑為R=0.5 m的豎直粗糙圓弧軌道,經(jīng)過圓弧最高點(diǎn)C后水平飛出,之后恰好在D點(diǎn)沿斜面方向進(jìn)入與豎直方向成θ=37°的斜面軌道(途中表演上下翻身),C、D兩點(diǎn)在豎直方向的高度差為h=0.8 m,已知賽車在水平軌道AB部分運(yùn)動(dòng)時(shí)受到恒定阻力f=1 N,由設(shè)置在圓弧起點(diǎn)B處的傳感器顯示賽車經(jīng)過此處對(duì)圓形軌道的壓力為F=82 N,賽車的質(zhì)量m=1 kg,通電后賽車的電動(dòng)機(jī)以額定功率P=80 W工作,軌道AB的長度L=6 m,空氣阻力忽略不計(jì),求: 圖3 (1)賽車運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度vB的大小; (2)賽車電動(dòng)機(jī)工作的時(shí)間t; (3)賽車在通過圓弧軌道過程中克服

27、摩擦阻力所做的功W. 答案 (1)6 m/s (2)0.3 s (3)3.5 J 解析 (1)根據(jù)牛頓第三定律,軌道對(duì)小車的支持力 FN=F=82 N 在B點(diǎn)由牛頓第二定律可得FN-mg=m, 解得vB=6 m/s. (2)對(duì)水平運(yùn)動(dòng)過程由動(dòng)能定理可得Pt-fL=mv, 解得t=0.3 s. (3)設(shè)賽車通過D點(diǎn)時(shí)速度的豎直分速度為vy,水平分速度即為在C點(diǎn)的速度vC, 由v=2gh,解得vy=4 m/s, 又=tan 37°,解得vC=3 m/s 根據(jù)動(dòng)能定理-2mgR-W=mv-mv, 解得W=3.5 J. 5.如圖4所示,在光滑的水平平臺(tái)上A處有一質(zhì)量 m=0.

28、1 kg的小球壓縮輕質(zhì)彈簧(小球與彈簧不拴連) 使其具有 Ep=0.2 J的彈性勢能,平臺(tái)的 B端連接兩個(gè)半徑都為 R且內(nèi)壁都光滑的四分之一細(xì)圓管 BC及細(xì)圓管CD,圓管內(nèi)徑略大于小球直徑,B點(diǎn)和D點(diǎn)都與水平面相切.在地面的 E處有一小圓弧(圖中未畫出,小球在經(jīng)過 E處時(shí)的動(dòng)能不損失) 且安裝了一個(gè)可改變傾角的長斜面EF,已知地面DE長度為0.3 m且與小球間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.5,小球與可動(dòng)斜面 EF間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=.現(xiàn)靜止釋放小球,小球彈出后進(jìn)入細(xì)圓管,運(yùn)動(dòng)到 B點(diǎn)時(shí)對(duì)上管壁有 FN=1 N的彈力.求: 圖4 (1)細(xì)圓管的半徑 R; (2)小球經(jīng)過 D點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的壓力大小

29、; (3)當(dāng)斜面 EF與地面的傾角θ=60°時(shí),小球沿斜面上滑的最大長度. 答案 (1)0.2 m (2)7 N (3)0.39 m 解析 (1)小球由A運(yùn)動(dòng)到B,由動(dòng)能定理得 Ep=mv 得:vB=2 m/s 由牛頓第二定律和牛頓第三定律可得 FN+mg= 得:R=0.2 m (2)小球由B運(yùn)動(dòng)到D,由動(dòng)能定理得 mg·2R=mv-mv 在D處,由牛頓第二定律得 FD-mg= 解得FD=7 N. 由牛頓第三定律得,小球經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的壓力大小為7 N, (3)從B開始,到運(yùn)動(dòng)至斜面上最高處,利用動(dòng)能定理可得: mg·2R-μ1mgsDE-μ2mgscos θ-mgssin θ =0-mv 代入數(shù)據(jù)解得s= m≈0.39 m. 14

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