【走向高考】2020年高考物理總復(fù)習(xí) 模擬試題（通用）

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1、 2020年高考物理模擬試題 本卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分．滿分100分，考試時(shí)間90分鐘． 第Ⅰ卷(選擇題　共40分) 一、選擇題(共10小題，每小題4分，共40分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，有些小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分) 1. 一正電荷在電場中僅受電場力作用，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，tA、tB分別對(duì)應(yīng)電荷在A、B兩點(diǎn)的時(shí)刻，則下列說法中正確的是(　　) A．A處的場強(qiáng)一定小于B處的場強(qiáng) B．A處的電勢一定低于B處的電勢 C．電荷在A處

2、的電勢能一定大于在B處的電勢能 D．從A到B的過程中，電場力對(duì)電荷做正功 [答案]　B [解析]　由圖象知A處的加速度大于B處的加速度，A處的場強(qiáng)一定大于B處的場強(qiáng)，A錯(cuò)．由功能關(guān)系及動(dòng)能和電勢能之和守恒知B正確，C、D錯(cuò)． 2．一質(zhì)量為m的滑塊在粗糙水平面上滑行，通過頻閃照片分析得知，滑塊在最開始2s內(nèi)的位移是最后2s內(nèi)位移的兩倍，且已知滑塊最開始1s內(nèi)的位移為2.5m，由此可求得(　　) A．滑塊的加速度為5m/s2 B．滑塊的初速度為5m/s C．滑塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為3s D．滑塊運(yùn)動(dòng)的總位移為4.5m [答案]　CD [解析]　根據(jù)題意可知，滑塊做末速度為零的勻減速直

3、線運(yùn)動(dòng)，其逆運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t，加速度為a，設(shè)逆運(yùn)動(dòng)最初2s內(nèi)位移為s1，最后2s內(nèi)位移為s2，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有s1＝a×22；s2＝at2－a(t－2)2；且s2＝2s1；2.5＝at2－a(t－1)2.聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)可解得正確選項(xiàng)為CD. 3．如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1＝1000匝，副線圈匝數(shù)n2＝200匝，原線圈中接一交變電源，交變電源電壓u＝220sin 100πt(V)．副線圈中接一電動(dòng)機(jī)，電阻為11Ω，電流表示數(shù)為1A.電表對(duì)電路的影響忽略不計(jì)，則(　　) A．此交流電的頻率為100Hz B．電壓表示數(shù)為220V C．電流

4、表示數(shù)為5A D．此電動(dòng)機(jī)輸出功率為33W [答案]　D [解析]　由ω＝2πf得交流電的頻率為50Hz，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由電壓表、電流表測量的是交流電的有效值，故電壓表讀數(shù)為220V，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由＝可知I1＝I2＝0.2A，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由P出＝P入－Q熱＝U1I1－IR＝33W，故選項(xiàng)D正確． 4.如圖所示是電容式話筒的示意圖，它是利用電容制作的傳感器，話筒的振動(dòng)膜前面鍍有薄薄的金屬層，膜后距膜幾十微米處有一金屬板，振動(dòng)膜上的金屬層和這個(gè)金屬板構(gòu)成電容器的兩極，在兩極間加一電壓U.人對(duì)著話筒說話時(shí)，振動(dòng)膜前后振動(dòng)，使電容發(fā)生變化，導(dǎo)致話筒所在的電路中的其他量發(fā)生變化，使聲音信號(hào)被

5、話筒轉(zhuǎn)化為電信號(hào)，其中導(dǎo)致電容變化的原因可能是電容器兩板間的(　　) A．距離變化　　　　　　　　　　 B．正對(duì)面積變化 C．介質(zhì)變化 D．電壓變化 [答案]　A [解析]　電容式話筒中振動(dòng)膜上的金屬層和金屬層相當(dāng)于一個(gè)平行板電容器．當(dāng)人對(duì)著話筒說話時(shí)，振動(dòng)膜前后振動(dòng)，使兩極板間的距離發(fā)生變化，從而導(dǎo)致電容器的電容發(fā)生變化．所以選A. 5．(2020·南昌模擬)在上海世博會(huì)最佳實(shí)踐區(qū)，江蘇都市案例館中穹形門窗充滿了濃郁的地域風(fēng)情和人文特色．如圖所示，在豎直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸長的輕繩通過光滑的輕質(zhì)滑輪懸掛一重物G.現(xiàn)將輕繩的一端固定于支架上的A點(diǎn)，另一端從B點(diǎn)

6、沿支架緩慢地向C點(diǎn)靠近(C點(diǎn)與A點(diǎn)等高)．則繩中拉力大小變化的情況是(　　) A．先變小后變大 B．先變小后不變 C．先變大后不變 D．先變大后變小 [答案]　C [解析]　本題考查力的合成和分解．本題可用力的正交分解來處理，輕繩的一端在支架弧形部分從B點(diǎn)向外移動(dòng)的過程中，由于輕繩組成的張角變大，而懸掛的物體的重力保持不變，故輕繩上的張力變大，當(dāng)輕繩的移動(dòng)端在支架豎直部分移動(dòng)的過程中， 由于張角保持不變，故張力也保持不變，所以正確選項(xiàng)為C. 6．(2020·撫順模擬)我國未來將建立月球基地，并在繞月軌道上建造空間站，如圖所示，關(guān)閉動(dòng)力的航天飛機(jī)在月球引力作用下向月球靠

7、近，并將與空間站在B處對(duì)接，已知空間站繞月軌道半徑為r，周期為T，引力常量為G，下列說法中錯(cuò)誤的是(　　) A．圖中航天飛機(jī)正加速飛向B處 B．航天飛機(jī)在B處由橢圓軌道進(jìn)入空間站軌道必須點(diǎn)火減速 C．根據(jù)題中條件可以算出月球質(zhì)量 D．根據(jù)題中條件可以算出空間站受到月球引力的大小 [答案]　D [解析]　由題意顯然A正確；航天飛機(jī)靠近月球過程中，要減速才能進(jìn)入低層軌道，B正確；空間站繞月軌道半徑r和周期T已知，由G＝m，可求出月球的質(zhì)量，C正確；由于空間站的質(zhì)量未知，故無法求出月球?qū)臻g站的引力大小，D錯(cuò)誤． 7．(2020·煙臺(tái)模擬)某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點(diǎn)的

8、電場強(qiáng)度的大小分別為Ep和EQ，電勢分別為φp和φQ，正點(diǎn)電荷在P、Q兩點(diǎn)所受電場力大小分別為Fp和FQ，具有的電勢能分別為εp和εQ，則下列關(guān)系正確的是(　　) A．EP>EQ B．φP<φQ C．FP>FQ D．εP>εQ [答案]　ACD [解析]　電場線的疏密代表場強(qiáng)的強(qiáng)弱，從圖可看出P處密、Q處疏，A正確；沿著電場線的方向電勢逐漸降低，B錯(cuò)誤；根據(jù)F＝Eq可判斷，C正確；把正點(diǎn)電荷從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn)，電場力做正功，電勢能減小，D正確． 8.(2020·北京東城模擬)如圖所示為豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系．一個(gè)質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)，在恒力F和重力的作用下，從

9、坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止開始沿直線OA斜向下運(yùn)動(dòng)，直線OA與y軸負(fù)方向成θ角(θ<45°)，不計(jì)空氣阻力，則以下說法正確的是(　　) A．當(dāng)F＝mgtanθ時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能守恒 B．當(dāng)F＝mgsinθ時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能守恒 C．當(dāng)F＝mgtanθ時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能一定增大 D．當(dāng)F＝mgtanθ時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能可能增大也可能減小 [答案]　B [解析]　由于質(zhì)點(diǎn)受到恒力的作用，由題意可知質(zhì)點(diǎn)所受合力方向一定在直線OA方向上，如圖所示，當(dāng)F＝mgsinθ時(shí)，恒力F始終垂直于運(yùn)動(dòng)方向，故恒力F對(duì)質(zhì)點(diǎn)不做功，所以質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能一定守恒．當(dāng)F＝mgtanθ，我們以重力的下端點(diǎn)為圓心，以F＝mgtanθ為

10、半徑畫圖，有兩種可能，一種可能是F水平向右，則質(zhì)點(diǎn)沿OA運(yùn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)做正功，機(jī)械能增大，還有一種可能是F＝mgtanθ，但F斜向上 ，此種情況對(duì)應(yīng)的F的方向與OA的夾角為鈍角，F(xiàn)對(duì)質(zhì)點(diǎn)做負(fù)功，質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能減?。? 9．如圖甲所示，兩個(gè)相鄰的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，且垂直紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B，磁場區(qū)在y軸方向足夠長，在x軸方向的寬度均為a，一正三角形(中垂線長為a)導(dǎo)線框ABC從圖示位置向右勻速穿過磁場區(qū)域，設(shè)逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，則圖乙中線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流i與導(dǎo)線框移動(dòng)距離x的關(guān)系圖象正確的是(　　) [答案]　C [解析]　導(dǎo)線框從x＝0→x＝a的過

11、程中，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，B錯(cuò)；感應(yīng)電流的大小i＝＝＝kt；導(dǎo)線框從x＝a→x＝2a的過程中，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，D錯(cuò)；感應(yīng)電流的大小i＝＝＝2kt，A錯(cuò)，C正確． 10．(2020·合肥模擬)如圖所示，L1和L2為兩平行的虛線，L1上方和L2下方都是范圍足夠大，且磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁場，A、B兩點(diǎn)都在L2上．帶電粒子從A點(diǎn)以初速度v0與L2成30°角斜向右上方射出，經(jīng)過偏轉(zhuǎn)后正好過B點(diǎn)，經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度方向也斜向上，不計(jì)重力，下列說法不正確的是(　　) A．帶電粒子經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度一定跟在A點(diǎn)時(shí)速度相同 B．若將帶電粒子在A點(diǎn)的初速度變大(方向不變)它

12、仍能經(jīng)過B點(diǎn) C．若將帶電粒子在A點(diǎn)時(shí)的初速度方向改為與L2成60°角斜向右上方，它將不能經(jīng)過B點(diǎn) D．此粒子既可以是正電荷，也可以是負(fù)電荷 [答案]　C [解析]　帶電粒子在運(yùn)動(dòng)的過程中，洛倫茲力對(duì)電荷不做功，故速度的大小不變，根據(jù)左手定則、畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，可知A正確；帶電粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入上方磁場做圓周運(yùn)動(dòng)，出磁場時(shí)的速度大小不變，沿直線運(yùn)動(dòng)后又進(jìn)入下邊磁場，繼續(xù)做圓周運(yùn)動(dòng)，兩次圓周運(yùn)動(dòng)的圓弧剛好組成一個(gè)完整的圓周，所以無論是正電荷還是負(fù)電荷都能經(jīng)過B點(diǎn)， 又粒子向右的偏移量只與入射角的角度有關(guān)，與速度的大小無關(guān)，故B、D正確；若斜向上的角度改變?yōu)?0°，則通過計(jì)算可知粒子此

13、時(shí)運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期的偏移量是角度為30°時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期的偏移量的，所以粒子仍能回到B點(diǎn)，C錯(cuò)誤. 第Ⅱ卷(非選擇題) (必做64分＋選做16分，共80分) [必做部分] 二、本大題共5小題，共64分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。 11．(14分)Ⅰ.在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量m＝1.00kg的重物自由下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列點(diǎn)．如圖所示為選取的一條符合實(shí)驗(yàn)要求的紙帶，O為第一個(gè)點(diǎn)，A、B、C為從合適位置開始選取的三個(gè)連續(xù)點(diǎn)(其他點(diǎn)未畫出)．已知

14、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一次點(diǎn)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭＝9.80m/s2.那么： (1)紙帶的________端(選填“左”或“右”)與重物相連； (2)根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù)，從O點(diǎn)到B點(diǎn)，重物重力勢能減少量ΔEp＝________J，動(dòng)能增加量ΔEk＝________J(結(jié)果取3位有效數(shù)字)； (3)實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是_____________________________________________________。 [答案]　(1)左　(2)1.88　1.84　(3)重物只受重力作用，在誤差允許范圍內(nèi)，重物減小的重力勢能等于增加的動(dòng)能，即機(jī)械能守恒 [解析]　O為第一個(gè)點(diǎn)在紙帶

15、的左端，所以紙帶的左端與重物相連．根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù)，從O點(diǎn)到B點(diǎn)，重物重力勢能減少量ΔEp＝mgsOB＝1.88J，動(dòng)能增加量ΔEk＝m()2＝1.84J.實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是：重物只受重力作用，在誤差允許范圍內(nèi)，重物減小的重力勢能等于增加的動(dòng)能，即機(jī)械能守恒． Ⅱ.(2020·蘇錫常鎮(zhèn)四市模擬)小明要測定一電源的電動(dòng)勢E和內(nèi)電阻r，實(shí)驗(yàn)器材有：一只DIS電流傳感器(可視為理想電流表，測得的電流用I表示)，一只電阻箱(阻值用R表示)，一只開關(guān)和導(dǎo)線若干．該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)和采集數(shù)據(jù)． (1)小明設(shè)計(jì)該實(shí)驗(yàn)的原理表達(dá)式是________(用E、r、I、R表示)； (2)

16、小明在閉合開關(guān)之前，應(yīng)先將電阻箱阻值調(diào)至________(選填“最大值”、“最小值”或“任意值”)，在實(shí)驗(yàn)過程中，將電阻箱調(diào)至圖乙所示位置，則此時(shí)電阻箱接入電路的阻值為______Ω； (3)小明根據(jù)實(shí)驗(yàn)采集到的數(shù)據(jù)作出如圖丙所示的－R圖象，則由圖象求得，該電源的電動(dòng)勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)． [答案]　(1)E＝I(R＋r)　(2)最大值　25　 (3)6.0(5.8～6.2均可)　2.4(2.3～2.5均可) [解析]　(1)在閉合電路中，E、I、R、r幾個(gè)量之間的關(guān)系是E＝I(R＋r)．(2)為了整個(gè)電路中的安全，所以開始電流

17、要小，即電阻箱電阻調(diào)到最大值；題圖乙電阻箱讀數(shù)為25Ω.(3)根據(jù)E＝I(R＋r)，推出＝＋，再結(jié)合－R圖可知：圖線的斜率為1/E，截距為r/E，解得E＝6.0V(5.8－6.2均可)，r＝2.4Ω(2.3～2.5)均可． 12．(12分)如圖是利用傳送帶裝運(yùn)煤塊的示意圖．已知傳送帶的傾角θ＝37°，煤塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.8，傳送帶的主動(dòng)輪和從動(dòng)輪半徑相等，主動(dòng)輪上邊緣與運(yùn)煤車底板間的豎起高度H＝1.8m，與運(yùn)煤車車廂中心的水平距離x＝1.2m.現(xiàn)在傳送帶底端由靜止釋放煤塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，煤塊在傳送帶的作用下先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后與傳送帶一起做勻速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)主動(dòng)輪時(shí)繞輪軸做勻速圓

18、周運(yùn)動(dòng)．要使煤塊在輪的最高點(diǎn)水平拋出并落在車廂中心，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求： (1)傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)的速度v及主動(dòng)輪的半徑R； (2)煤塊在傳送帶上由靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)所經(jīng)過的時(shí)間t. [答案]　(1)2m/s　0.4m　(2)5s [解析]　(1) 由平拋運(yùn)動(dòng)的公式，得 x＝vt H＝gt2 代入數(shù)據(jù)解得v＝2m/s 要使煤塊在主動(dòng)輪的最高點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，則煤塊到主動(dòng)輪的最高點(diǎn)時(shí)對(duì)主動(dòng)輪的壓力為零，由牛頓第二定律 得mg＝m 代入數(shù)據(jù)得R＝0.4m (2)由牛頓第二定律F＝ma得a＝＝μgcosθ－gsinθ＝0.4m/s2

19、 由v＝at得t＝＝5s 13．(12分)(2020·撫順模擬)許多儀器中可利用磁場控制帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡．如圖所示的真空環(huán)境中，有一半徑r＝0.05m的圓形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.2T的勻強(qiáng)磁場，其右側(cè)相距d＝0.05m處有一足夠大的豎直屏．從S處不斷有比荷＝1×108C/kg的帶正電粒子以速度v＝2×106m/s沿SQ方向射出，經(jīng)過磁場區(qū)域后打在屏上．不計(jì)粒子重力．求： (1)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑； (2)繞通過P點(diǎn)(P點(diǎn)為SQ與磁場邊界圓的交點(diǎn))垂直紙面的軸，將該圓形磁場區(qū)域逆時(shí)針緩慢移動(dòng)90°的過程中，粒子在屏上能打到的范圍． [答案]　(1)0.1m　(2)

20、Q點(diǎn)以上0.16m的范圍內(nèi) [解析]　(1)qvB＝m R＝0.1m (2)粒子在磁場中通過的位移剛好等于磁場區(qū)域直徑時(shí)，其速度方向偏轉(zhuǎn)的角度最大，能打到屏上的點(diǎn)最高，由于R＝2r，如圖ΔOPL為等邊三角形，可判斷出粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)圓心角為60°(圖上標(biāo)出圓心角為60°同樣給分) 設(shè)從L點(diǎn)射出磁場的粒子能打在屏上的N點(diǎn)，LN的反向延長線交PQ于M點(diǎn)，由對(duì)稱性可知： PM＝Rtan30° MQ＝PQ－PM NQ＝MQtan60° 聯(lián)立上式可得：NQ＝(3－2)r≈0.16m 當(dāng)磁場區(qū)域轉(zhuǎn)動(dòng)90°時(shí)，粒子剛好沒有進(jìn)入磁場，沿直線運(yùn)動(dòng)打在屏上Q點(diǎn)，所以粒子能打在屏上Q

21、點(diǎn)以上0.16m范圍內(nèi)． 14．(13分)如圖所示，固定軌道ABCD由斜面軌道AB和圓弧軌道BCD組成，AB與BCD相切于B點(diǎn)．質(zhì)量M＝3kg的三角形木塊DEF靜置于光滑水平地面上，木塊的斜面DE與圓弧BCD相切于D點(diǎn)．質(zhì)量m＝1kg的小球從離地面高H＝5.5m的A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過D點(diǎn)后以某一速度v0滑上木塊的傾斜面DE，又經(jīng)過時(shí)間t＝1.25s，沿DE上升到最大高度h＝4.2m.若小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)過程中阻力做功W＝－5J，斜面DE光滑，取g＝10m/s2. (1)求小球到達(dá)D點(diǎn)時(shí)速度v0的大小； (2)說明小球沿斜面DE上升到最大高度時(shí)，小球與木塊的速度關(guān)系，并求出這兩個(gè)速度

22、的大?。? (3)求小球沿木塊的斜面上升過程中斜面的加速度a(結(jié)果可保留分?jǐn)?shù))． [答案]　(1)10m/s　(2)2m/s　(3)1.6m/s2 [解析]　(1)小球下滑過程中，有mgH＋W＝mv 即：1×10×5.5J－5J＝×1kg×v 解得v0＝10m/s (2)小球在木塊上滑動(dòng)過程中，小球受重力mg和彈力F1，斜面受小球的彈力F1′、重力Mg和地面的支持力F2，如圖所示． 小球因受F1的作用沿水平方向減速，斜面因受F1′的作用沿水平方向加速．只要小球的水平速度大于木塊的速度，小球?qū)⒁恢鄙仙钡叫∏虻乃剿俣扰c木塊的速度相等，小球達(dá)到最大高度．此時(shí)，小球的豎直分速度恰好減

23、小到0，故小球上升到最大高度時(shí)，小球只有水平速度，且小球的速度與木塊的速度相等． 設(shè)這個(gè)相等的速度為v，由機(jī)械能守恒，有 mv＝(m＋M)v2＋mgh 解得：v＝2m/s (3)對(duì)木塊DEF：初速度為0，末速度v＝2m/s，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v＝at 解得a＝＝m/s2＝1.6m/s2 15．(13分)(2020·佛山模擬)如圖(a)所示，傾斜放置的光滑平行導(dǎo)軌，長度足夠長，寬度L＝0.4m，自身電阻不計(jì)，上端接有R＝0.2Ω的定值電阻，在導(dǎo)軌間MN虛線以下的區(qū)域存在方向垂直導(dǎo)軌平面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場．在MN虛線上方垂直導(dǎo)軌放有一根電阻r＝0.1Ω的金屬棒．現(xiàn)將金屬棒

24、無初速度釋放，其運(yùn)動(dòng)時(shí)的v－t圖象如圖(b)所示．重力加速度取g＝10m/s2.求： (1)斜面的傾角θ和金屬棒的質(zhì)量m； (2)在2～5s時(shí)間內(nèi)金屬棒動(dòng)能減少了多少？此過程中整個(gè)回路產(chǎn)生的熱量Q是多少(結(jié)果保留一位小數(shù))? [答案]　(1)37°　0.1kg　(2)5.4J　18.84J [解析]　(1)在0～2s時(shí)間內(nèi)，金屬棒受力如圖所示，合力F合＝mgsinθ 根據(jù)牛頓第二定律 F合＝ma得a＝gsinθ 由圖象知a＝＝6(m/s2) 解得θ＝37°或θ＝arcsin0.6 在t＝5s之后金屬棒做勻速運(yùn)動(dòng)，且v2＝6m/s；金屬棒受力平衡，沿軌道平面有 F安＝mgs

25、inθ 感應(yīng)電動(dòng)勢E＝BLv2 感應(yīng)電流I＝ F安＝BIL 解得m＝0.1kg (2)2～5s內(nèi)金屬棒初速度v1＝12m/s，末速度v2＝6m/s，故金屬棒的動(dòng)能減小量為 mv－mv＝×0.1(122－62)×J＝5.4J 對(duì)該過程應(yīng)用動(dòng)能定理，有 mgssinθ－W安＝mv－mv 2～5s內(nèi)金屬棒位移為v—t圖象相對(duì)應(yīng)的“面積” s＝(15×6＋22)×1×0.2m＝22.4m 功是能量轉(zhuǎn)化的量度，在2～5s過程安培力對(duì)金屬棒做功W安＝Q 代入數(shù)據(jù)解得Q＝18.84J [選做部分] 三、本大題包括三小題，任選其中兩道作答，每題8分，共16分。 16．(8分)[物

26、理3－3](1)下列說法正確的是________(填入正確選項(xiàng)前的字母)． A．當(dāng)一定量氣體吸熱時(shí)，其內(nèi)能可能減小 B．玻璃、石墨和金剛石都是晶體，木炭是非晶體 C．單晶體有固定的熔點(diǎn)，多晶體和非晶體沒有固定的熔點(diǎn) D．當(dāng)液體與大氣相接觸時(shí)，液體表面層內(nèi)的分子所受其他分子作用力的合力總是指向液體內(nèi)部 E．氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度有關(guān) (2)如圖，體積為V、內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱氣缸頂部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞；氣缸內(nèi)密封有溫度為2.4T0、壓強(qiáng)為1.2p0的理想氣體．p0和T0分別為大氣的壓強(qiáng)和溫度．已知：氣體內(nèi)能U與溫度T的

27、關(guān)系為U＝αT，α為正的常量；容器內(nèi)氣體的所有變化過程都是緩慢的．求 ①氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積V1； ②在活塞下降過程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量Q. [答案]　(1)ADE　(2)①V?、趐0V＋αT0 [解析]　(1)ADE (2)①在氣體由壓強(qiáng)p＝1.2p0下降到p0的過程中，氣體體積不變，溫度由T＝2.4T0變?yōu)門1.由查理定律得 ＝① 在氣體溫度由T1變?yōu)門0的過程中，體積由V減小到V1，氣體壓強(qiáng)不變．由蓋·呂薩克定律得 ＝② V1＝V③ ②在活塞下降過程中，活塞對(duì)氣體做的功為 W＝p0(V－V1)④ 在這一過程中，氣體內(nèi)能的減少為 ΔU＝α(T1－T

28、0)⑤ 由熱力學(xué)第一定律得，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量為 Q＝W＋ΔU⑥ 由②③④⑤⑥式得 Q＝p0V＋αT0⑦ 17．(8分)[物理3－4](2020·西安模擬) (1)位于介質(zhì)Ⅰ和Ⅱ分界面上的波源S，產(chǎn)生兩列分別沿x軸負(fù)方向與正方向傳播的機(jī)械波，如圖所示．若在兩種介質(zhì)中頻率及傳播速度分別為f1、f2和v1、v2，則________． A．f1＝2f2，v1＝v2　　　　　　 B．f1＝f2，v1＝0.5v2 C．f1＝f2，v1＝2v2 D．f1＝0.5f2，v1＝v2 (2)如圖所示， 頂角為30°的等腰玻璃三棱鏡ABC，光線由空氣垂直AB面進(jìn)入棱鏡，由A

29、C面進(jìn)入空氣中，其折射光線與入射光線之間的夾角為30°，求棱鏡的折射率、光在這種玻璃中的傳播速度．(已知光在真空中速度為3.0×108m/s) [答案]　(1)C　(2)　×108m/s [解析]　(1)C (2)由圖得，入射角為30°，折射角為60°，由光的折射定律得＝n n＝ v＝＝×108m/s 18．(8分)[物理3－5](1)下列物理實(shí)驗(yàn)中，能說明粒子具有波動(dòng)性的是________． A．通過研究金屬的遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，證明了愛因斯坦方程的正確性 B．通過測試多種物質(zhì)對(duì)X射線的散射，發(fā)現(xiàn)散射射線中有波長變大的成分 C．通過電子雙縫實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)電子的干涉現(xiàn)象

30、 D．利用晶體做電子束衍射實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了電子的波動(dòng)性 (2)氫原子的能級(jí)如圖所示．有一群處于n＝4能級(jí)的氫原子，這群氫原子能發(fā)出________種譜線，發(fā)出的光子照射某金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng)，則該金屬的逸出功應(yīng)小于________eV. (3)近年來，國際熱核聚變實(shí)驗(yàn)堆計(jì)劃取得了重大進(jìn)展，它利用的核反應(yīng)方程是H＋H→He＋n.若H和H迎面碰撞，初速度大小分別為v1、v2.H、H、He、n的質(zhì)量分別為m1、m2、m3、m4，反應(yīng)后He的速度大小為v3，方向與H的運(yùn)動(dòng)方向相同．求中子n的速度(選取H的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，不?jì)釋放的光子動(dòng)量，不考慮相對(duì)論效應(yīng))． [答案]　(1)D　(2)6　12.75 (3) [解析]　選項(xiàng)A解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，不能說明粒子的波動(dòng)性；選項(xiàng)B是康普頓效應(yīng)，說明X射線具有粒子性；選項(xiàng)C干涉現(xiàn)象說明電子具有波動(dòng)性；選項(xiàng)D衍射現(xiàn)象說明電子具有波動(dòng)性． (2) 一群處于n＝4能級(jí)的氫原子躍遷時(shí)共有C＝6種譜線．能產(chǎn)生光電效應(yīng)，說明能量最大的光子一定能產(chǎn)生光電效應(yīng)，所以逸出功應(yīng)小于ΔE＝E4－E1＝12.75eV. (3)設(shè)中子的速度為v，由動(dòng)量守恒定律有 m1v1－m2v2＝m3v3＋m4v 解得v＝