2022年高中數(shù)學(xué) 模塊測(cè)試卷 北師大版必修5

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1、2022年高中數(shù)學(xué) 模塊測(cè)試卷 北師大版必修5 一、選擇題(每題5分，共60分） 1.在△ABC中，a，b，c分別是角A，B，C的對(duì)邊，且cos2＝，則△ABC是( ) A.直角三角形 B.等腰三角形或直角三角形 C.等邊三角形 D.等腰直角三角形 2.在等比數(shù)列{an}中，如果a1＋a2＝40，a3＋a4＝60，那么a7＋a8等于( ) A.135 B.100 C.95 D.80 3.在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a

2、，b，c，且(b－c)cos A＝acos C，則cos A的值等于( ) A. B. C. D. 4.〈日照模擬〉已知等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn＝t－，則實(shí)數(shù)t的值為( ) A.4 B.5 C. D. 5.某人向正東方向走x km后，向右轉(zhuǎn)150°，然后朝新方向走3 km，結(jié)果他離出發(fā)點(diǎn)恰好是 km，那么x的值為( ) A. B.2 C.或2 D.3 6.設(shè){an}為各項(xiàng)均

3、是正數(shù)的等比數(shù)列，Sn為{an}的前n項(xiàng)和，則( ) A.= B. ＞ C. ＜ D. ≤ 7.已知數(shù)列{an}的首項(xiàng)為1，并且對(duì)任意n∈N+都有an>0.設(shè)其前n項(xiàng)和為Sn，若以(an，Sn)(n∈N+)為坐標(biāo)的點(diǎn)在曲線y＝x(x＋1)上運(yùn)動(dòng)，則數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為( ) A.an＝n2＋1 B.an＝n2 C.an＝n＋1 D.an＝n 8.設(shè)函數(shù)f(x)＝若f(a)

4、(3，＋∞) D.(0,1) 9.已知a>0，b>0，則＋＋2的最小值是( ) A.2 B.2 C.4 D.5 10.已知目標(biāo)函數(shù)z=2x+y中變量x,y滿足條件則( ) A.zmax=12,zmin=3 B.zmax=12,無最小值 C.zmin=3,無最大值 D.z無最大值,也無最小值 11.如果函數(shù)f(x)對(duì)任意a，b滿足f(a＋b)＝f(a)·f(b)，且f(1

5、)＝2，則＋＋＋…＋＝( ) A.4 018 B.1 006 C.2 010 D.2 014 12.已知a，b，a＋b成等差數(shù)列，a，b，ab成等比數(shù)列，且logc(ab)>1，則c的取值范圍是( ) A.08 D.08 二、填空題（每題4分，共16分） 13.〈泉州質(zhì)檢〉△ABC的三個(gè)內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且acosC，bcosB，ccosA成等差數(shù)列，則角B= .

6、14.已知兩正數(shù)x，y滿足x＋y＝1，則z＝的最小值為 . 15.兩個(gè)等差數(shù)列的前n項(xiàng)和之比為，則它們的第7項(xiàng)之比為 . 16.在數(shù)列{an}中，Sn是其前n項(xiàng)和，若a1＝1，an＋1＝Sn(n≥1)，則an＝ . 三、解答題（解答應(yīng)寫出文字說明，證明過程或演算步驟）(17~20題每題12分，21~22題每題13分，共74分) 17.已知向量m＝與n＝(3，sin A＋cos A)共線，其中A是△ABC的內(nèi)角. (1)求角A的大??； (2)若BC＝2，求△ABC的面積S的最大值，并判斷S取得最大值時(shí)△ABC的形狀. 1

7、8.已知數(shù)列｛an｝滿足a1=1,an+1=2an+1(n∈N*) (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式； (2)若數(shù)列{bn}滿足= (n∈N*),證明：{bn}是等差數(shù)列; 19.如圖1,A,B是海面上位于東西方向相距5(3＋)海里的兩個(gè)觀測(cè) 點(diǎn)，現(xiàn)位于A點(diǎn)北偏東45°，B點(diǎn)北偏西60°的D點(diǎn)有一艘輪船 發(fā)出求救信號(hào)，位于B點(diǎn)南偏西60°且與B點(diǎn)相距20海里的C 點(diǎn)的救援船立即前往營(yíng)救，其航行速度為30海里/小時(shí)，該救援船 到達(dá)D點(diǎn)需要多長(zhǎng)時(shí)間？ 圖1

8、20.解關(guān)于x的不等式ax2－2≥2x－ax(a∈R). 21.已知等差數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1＝4，且a2＋a7＋a12＝－6. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an與前n項(xiàng)和Sn； (2)將數(shù)列{an}的前四項(xiàng)抽去其中一項(xiàng)后，剩下三項(xiàng)按原來順序恰為等比數(shù)列{bn}的前三項(xiàng)，記{bn}的前n項(xiàng)和為Tn，若存在m∈N＋，使對(duì)任意n∈N＋總有Tn

9、900元. (1)該廠多少天購(gòu)買一次面粉，才能使平均每天所支付的總費(fèi)用最少？ (2)若提供面粉的公司規(guī)定：當(dāng)一次性購(gòu)買面粉不少于210 t時(shí)，其價(jià)格可享受9折優(yōu)惠(即原價(jià)的90%)，該廠是否應(yīng)考慮接受此優(yōu)惠條件？請(qǐng)說明理由. 參考答案及點(diǎn)撥 一、1.A 點(diǎn)撥：因?yàn)閏os2＝及2cos2－1＝cos A，所以cos A＝.而cos A =，∴b2+a2=c2，則△ABC是直角三角形.故選A. 2.A 點(diǎn)撥：由等比數(shù)列的性質(zhì)知a1＋a2，a3＋a4，…，a7＋a8仍然成等比數(shù)列，公比q＝＝＝，∴a7＋a8＝(a1＋a2)＝40×＝135. 3.B 點(diǎn)撥：(b－c)co

10、s A＝acos C，由正弦定理得sin Bcos A＝sin Ccos A＋cos Csin A sin Bcos A＝sin(C＋A)＝sin B，又sin B≠0，所以cos A＝.故選B. 4.B 點(diǎn)撥：∵a1＝S1＝t－，a2＝S2－S1＝t，a3＝S3－S2＝4t，∴由{an}是等比數(shù)列.知＝×4t，顯然t≠0，∴t＝5. 5.C 點(diǎn)撥：根據(jù)題意，由余弦定理得()2＝x2＋32－2x·3·cos 30°，整理得x2－3x＋6＝0，解得x＝或2. 6.B 點(diǎn)撥：由題意得公比q>0，當(dāng)q＝1時(shí)，有－＝－>0，即>； 當(dāng)q≠1時(shí)，有－＝－＝q3(1－q)＝ >0，所以>.

11、綜上所述，應(yīng)選B. 7.D 點(diǎn)撥：由題意，得Sn＝an(an＋1)，∴Sn－1＝an－1(an－1＋1)(n≥2). 作差，得an＝， 即(an＋an－1)(an－an－1－1)＝0. ∵an>0(n∈N+)，∴an－an－1－1＝0， 即an－an－1＝1(n≥2). ∴數(shù)列{an}為首項(xiàng)a1＝1，公差為1的等差數(shù)列. ∴an＝n(n∈N+). 8.A 點(diǎn)撥：不等式f(a)

12、撥：由f(a＋b)＝f(a)·f(b)，可得f(n＋1)＝f(n)·f(1)，＝f(1)＝2，所以＋＋＋…＋＝2×1 007＝2 014. 12.B 點(diǎn)撥：因?yàn)閍，b，a＋b成等差數(shù)列，所以2b＝a＋(a＋b)，即b＝2a.又因?yàn)閍，b，ab成等比數(shù)列，所以b2＝a×ab，即b＝a2.所以a＝2，b＝4，因此logc(ab)＝logc8>1＝logcc，有1

13、＝2sin Bcos B，所以cos B＝，又0°t1>0，則f(t1)－f(t2)＝－＝. 因?yàn)椤輙2>t1>0， 所以t2－t1>0，t1·t2<.則t1·t2－2<0. 所以f(t1)－f(t2)>0.即f(t1)>f(t2).∴f(t)＝t＋在上單調(diào)遞減，故當(dāng)t＝時(shí)f(t)＝t＋有最小值，所以當(dāng)x＝y(tǒng)＝時(shí)，z有最小值. 15.3∶1 點(diǎn)撥：設(shè)兩個(gè)等差數(shù)列{an}，{bn}的前n項(xiàng)和為Sn，Tn，則＝，而＝＝＝＝3.

14、16. 點(diǎn)撥：∵3an＋1＝Sn(n≥1)，∴3an＝Sn－1(n≥2). 兩式相減，得3(an＋1－an)＝Sn－Sn－1＝an(n≥2)＝ (n≥2) n≥2時(shí)，數(shù)列{an}是以為公比，以a2為首項(xiàng)的等比數(shù)列， ∴n≥2時(shí)，an＝a2. 令n＝1，由3an＋1＝Sn，得3a2＝a1，又a1＝1a2＝，∴an＝ (n≥2). 故 三、17.解：(1)因?yàn)閙∥n， 所以sinA·(sinA＋cosA)－＝0. 所以＋sin2A－＝0. 即sin2A－cos2A＝1，即sin＝1. 因?yàn)锳∈(0，π)，所以2A－∈， 故2A－＝，即A＝. (2)由余弦定理，得4＝b2＋

15、c2－bc， 又S△ABC＝bcsinA＝bc， 而b2＋c2≥2bc，bc＋4≥2bc，bc≤4(當(dāng)且僅當(dāng)b＝c時(shí)等號(hào)成立)， 所以S△ABC＝bcsinA＝bc≤×4＝. 當(dāng)△ABC的面積最大時(shí)，b＝c，又A＝，故此時(shí)△ABC為等邊三角形. 18.(1)解：∵an+1=2an+1(n∈N*),∴an+1+1=2(an+1). ∴{an+1}是以a1+1=2為首項(xiàng)，2為公比的等比數(shù)列.∴an+1=2n. 即an=2n－1(n∈N*). (2)證明：∵…=. ∴=.∴2［(b1+b2+…+bn)－n］=nbn,① 2［(b1+b2+…+bn+bn+1)－(n+1)］=(n+

16、1)bn+1.② ②－①，得2(bn+1－1)=(n+1)bn+1－nbn,即(n－1)bn+1－nbn+2=0,③ ∴nbn+2－(n+1)bn+1+2=0.④ ④－③，得nbn+2－2nbn+1+nbn=0,即bn+2－2bn+1+bn=0,∴bn+2－bn+1=bn+1－bn(n∈N*).∴{bn}是等差數(shù)列. 19.解：由題意知AB＝5(3＋)海里，∠DBA＝90°－60°＝30°，∠DAB＝90°－45°＝45°，∴∠ADB＝180°－(45°＋30°)＝105°. 在△DAB中，由正弦定理得， ＝. ∴DB＝＝＝＝＝10(海里). 又∠DBC＝∠DBA＋∠ABC＝3

17、0°＋(90°－60°)＝60°， BC＝20海里， 在△DBC中，由余弦定理得 CD2＝BD2＋BC2－2BD·BC·cos∠DBC＝300＋1 200－2×10×20×＝900， ∴CD＝30海里.則需要的時(shí)間t＝＝1(小時(shí)). 答：救援船到達(dá)D點(diǎn)需要1小時(shí). 20.解:原不等式可化為ax2＋(a－2)x－2≥0(ax－2)(x＋1)≥0. (1)當(dāng)a＝0時(shí)，原不等式化為x＋1≤0x≤－1. (2)當(dāng)a＞0時(shí)， 原不等式化為 (x＋1)≥0x≥或x≤－1； (3)當(dāng)a＜0時(shí)，原不等式化為 (x＋1)≤0. ①當(dāng)＞－1，即a＜－2時(shí)，原不等式的解集為－1≤x≤； ②當(dāng)

18、＝－1，即a＝－2時(shí)，原不等式的解集為x＝－1； ③當(dāng)＜－1，即－2＜a＜0時(shí)，原不等式的解集為≤x≤－1. 綜上所述：當(dāng)a＜－2時(shí)，原不等式的解集為； 當(dāng)a＝－2時(shí)，原不等式的解集為{－1}； 當(dāng)－2＜a＜0時(shí)，原不等式的解集為； 當(dāng)a＝0時(shí)，原不等式的解集為(－∞，－1］； 當(dāng)a＞0時(shí)，原不等式的解集為(－∞，－1］∪. 21.解:(1)由a2＋a7＋a12＝－6得a7＝－2， 又a1＝4，所以公差d＝－1，所以an＝5－n， 從而Sn＝. (2)由題意知b1＝4，b2＝2，b3＝1， 設(shè)等比數(shù)列的公比為q，則q＝＝， 所以Tn＝＝8.令f(n)=. 因?yàn)閒(n)

19、＝是關(guān)于自然數(shù)n的減函數(shù)， 所以{Tn}是遞增數(shù)列，得4≤Tn<8. 又Sm＝＝－＋， 當(dāng)m＝4或m＝5時(shí)，Sm取得最大值， 即(Sm)max＝S4＝S5＝10， 若存在m∈N＋，使對(duì)任意n∈N＋總有Tn

20、 當(dāng)且僅當(dāng)9x＝，即x＝10時(shí)取等號(hào). 所以該廠每10天購(gòu)買一次面粉，才能使平均每天所支付的總費(fèi)用最少. (2)若該廠接受此優(yōu)惠條件，則至少每35天購(gòu)買一次面粉.設(shè)該廠接受此優(yōu)惠條件后，每x(x≥35)天購(gòu)買一次面粉，平均每天支付的總費(fèi)用為y2元，則 y2＝［9x(x＋1)＋900］＋6×1 800×0.90＝＋9x＋9 729(x≥35). 令f(x)＝x＋ (x≥35)，x2>x1≥35，則 f(x1)－f(x2)＝－＝. 因?yàn)閤2>x1≥35， 所以x1－x2<0，x1·x2>100.所以x1x2－100>0. 所以f(x1)－f(x2)<0，即f(x1)