（通用版）2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 小卷30分鐘提分練（一）（8選擇+2實(shí)驗(yàn)）（含解析）

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1、小卷30分鐘提分練(8選擇＋2實(shí)驗(yàn))(一) 一、選擇題(本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．) 14．如圖是氫原子的能級(jí)示意圖．已知鋅的逸出功為3.3 eV，一群處于n＝4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出不同頻率的光，其中能使鋅發(fā)生光電效應(yīng)的有(　　) A．2種 B．3種 C．5種 D．6種 解析：一群處于n＝4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)能夠輻射出C＝6種頻率的光子，分別為4→3,4→2,4→1，3→2，3→1,2→1，結(jié)合題圖可知能使鋅

2、發(fā)生光電效應(yīng)的有3種，選項(xiàng)B正確． 答案：B 15．質(zhì)量分別為m1、m2的甲、乙兩球，在離地相同高度處，同時(shí)由靜止開(kāi)始下落，由于空氣阻力的作用，兩球到達(dá)地面前經(jīng)時(shí)間t0分別達(dá)到穩(wěn)定速度v1、v2，已知空氣阻力大小f與小球的下落速率v成正比，即f＝kv(k>0)，且兩球的比例常數(shù)k完全相同，兩球下落的v－t關(guān)系圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．m1v2，因此m1

3、>m2，故A錯(cuò)誤，B正確；兩球由靜止釋放瞬間的速度v＝0，因此空氣阻力f＝0，兩球均只受重力，加速度均為重力加速度g，故C錯(cuò)誤；v－t圖象與時(shí)間軸所圍圖形的面積表示球通過(guò)的位移，由圖象可以知道，t0時(shí)間內(nèi)兩球下落的高度不相等，故D錯(cuò)誤． 答案：B 16．圖甲為一小型發(fā)電機(jī)的示意圖，發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為1 Ω，燈泡L的電阻為9 Ω，電壓表為理想交流電壓表．發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t按圖乙所示的正弦規(guī)律變化，則(　　) A．0.01 s時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為零 B．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為50 rad/s C．電壓表的示數(shù)為10 V D．燈泡L的電功率為9 W 解析：由圖乙可知，0.01

4、s時(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，此時(shí)線圈位于中性面位置，磁通量的變化率為零，穿過(guò)線圈的磁通量最大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由圖乙可知，該交變電流的周期(線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的周期)為T＝0.02 s，根據(jù)ω＝可得，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為100π rad/s，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；該交變電流的電動(dòng)勢(shì)有效值為10 V，根據(jù)閉合電路歐姆定律I＝可得，流經(jīng)燈泡的電流為1 A，因此，燈泡兩端的電壓(電壓表的示數(shù))為U＝IR＝9 V，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)公式P＝UI可得，燈泡L的電功率為9 W，選項(xiàng)D正確． 答案：D 17．如圖，某同學(xué)在沙料場(chǎng)中發(fā)現(xiàn)沙子堆積時(shí)會(huì)形成圓錐體，且堆積過(guò)程中圓錐體的底角保持不變．他測(cè)得某堆沙子的底部周長(zhǎng)約為3

5、0 m，沙子之間的動(dòng)摩擦因數(shù)約為0.8，則這堆沙子的體積約為(圓錐體的體積等于底面積與高的乘積的三分之一)(　　) A．1×102 m3 B．2×102 m3 C．3×102 m3 D．8×102 m3 解析：對(duì)圓錐面上的任一沙子有：mgsin θ＝μmgcos θ(θ為圓錐體的底角)，即有tan θ＝μ＝0.8.根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得圓錐底部的半徑r＝＝ m，圓錐體的高為h＝rtan θ＝ m，圓錐體的體積為V＝Sh＝πr2h≈90 m3，選項(xiàng)A正確． 答案：A 18．如圖，水平傳送帶以恒定速度v順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧．將小物塊P輕放在傳送帶左端，P在接觸

6、彈簧前速度已達(dá)到v，與彈簧接觸后彈簧的最大形變量為d.P的質(zhì)量為m，與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g.從P開(kāi)始接觸彈簧到彈簧第一次達(dá)到最大形變的過(guò)程中(　　) A．P的速度一直減小 B．摩擦力對(duì)P做功的功率一直減小 C．摩擦力對(duì)P做的功W<μmgd D．彈簧的彈性勢(shì)能變化量ΔEp＝mv2＋μmgd 解析：由于P在接觸彈簧前速度已經(jīng)達(dá)到v，因此P在剛接觸彈簧瞬間，不受傳送帶的摩擦力，隨著P向右運(yùn)動(dòng)，P受到水平向左的彈力且不斷增大，而P由于相對(duì)傳送帶有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)受到傳送帶水平向右的靜摩擦力，且靜摩擦力的大小等于彈簧彈力的大小，即P仍然要以速度v

7、向右運(yùn)動(dòng)，直到彈簧的彈力等于傳送帶的最大靜摩擦力，之后P相對(duì)傳送帶向左運(yùn)動(dòng)，即向右做加速度逐漸增大的變減速直線運(yùn)動(dòng)，直到速度減為0，此時(shí)彈簧第一次達(dá)到最大形變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；剛接觸彈簧的一段時(shí)間內(nèi)，摩擦力從零開(kāi)始逐漸增大，P的速度不變，根據(jù)公式P＝Fv知，功率逐漸增大，彈簧彈力大于摩擦力后，摩擦力的大小不變，P的速度逐漸變小，直至最后功率為零，由此可知，摩擦力對(duì)P做功的功率先增大后減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；P從接觸彈簧到彈簧彈力等于最大靜摩擦力的過(guò)程中，相對(duì)傳送帶靜止，即傳送帶對(duì)P的摩擦力逐漸增大，但始終小于μmg，因此，摩擦力對(duì)P做的功W<μmgd，選項(xiàng)C正確；應(yīng)用動(dòng)能定理有：W－ΔEp＝0－mv2，

8、得ΔEp＝mv2＋W

9、剛好完全離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，線框中的磁通量減少，根據(jù)楞次定律和安培定則可判斷出線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?俯視)，即這兩個(gè)過(guò)程線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反，選項(xiàng)A正確；應(yīng)用左手定則可判斷出這兩個(gè)過(guò)程線框所受的安培力方向均水平向左，即線框在這兩個(gè)過(guò)程中均做減速運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)過(guò)程線框磁通量變化的數(shù)值相等，而第一個(gè)過(guò)程所用的時(shí)間小于第二個(gè)過(guò)程所用的時(shí)間，則有＝，可知選項(xiàng)B錯(cuò)誤；線框中產(chǎn)生的焦耳熱數(shù)值上等于安培力做的功，安培力FA＝BIL＝BL＝，分析可知兩個(gè)過(guò)程線框均做減速運(yùn)動(dòng)，即安培力始終在減小，又位移相同，因此兩個(gè)過(guò)程安培力做的功不同，即線框中產(chǎn)生的焦耳熱不同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；通過(guò)線框?qū)Ь€橫截面的電荷

10、量q＝Δt＝Δt＝，則選項(xiàng)D正確． 答案：AD 20．回旋加速器主要結(jié)構(gòu)如圖，兩個(gè)中空的半圓形金屬盒接高頻交流電源，置于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩盒間的狹縫寬度很?。Ｗ釉碨位于金屬盒的圓心處，產(chǎn)生的粒子初速度可以忽略．用兩臺(tái)回旋加速器分別加速質(zhì)子(H)和α粒子(He)，這兩臺(tái)加速器的金屬盒半徑、磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度、高頻交流電源的電壓均相等，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，則質(zhì)子和α粒子(　　) A．所能達(dá)到的最大動(dòng)量相等 B．所能達(dá)到的最大動(dòng)能相等 C．受到的最大洛倫茲力相等 D．在達(dá)到最大動(dòng)能的過(guò)程中通過(guò)狹縫的次數(shù)相等 解析：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，即有q

11、vB＝m，解得：v＝，所以動(dòng)能Ek＝m·＝，動(dòng)量p＝＝＝qBr，由于這兩臺(tái)加速器的金屬盒半徑、磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相等，而α粒子的電荷量是質(zhì)子電荷量的二倍，質(zhì)量是質(zhì)子質(zhì)量的四倍，因此，二者所能達(dá)到的最大動(dòng)量不相等，最大動(dòng)能相等，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；洛倫茲力F洛＝qvB＝，二者受到的最大洛倫茲力相等，選項(xiàng)C正確；應(yīng)用動(dòng)能定理有：nqU＝Ekm，因此，在達(dá)到最大動(dòng)能的過(guò)程中通過(guò)狹縫的次數(shù)n＝，由以上分析可知，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 答案：BC 21．如圖，地球與月球可以看成雙星系統(tǒng)，它們均繞連線上的C點(diǎn)(未畫(huà)出)轉(zhuǎn)動(dòng)，在該系統(tǒng)的轉(zhuǎn)動(dòng)平面內(nèi)有兩個(gè)拉格朗日點(diǎn)L2、L4(位于這兩個(gè)點(diǎn)的衛(wèi)星能在地球引力和月球引

12、力的共同作用下繞C點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并保持與地球、月球相對(duì)位置不變)，L2點(diǎn)在地月連線的延長(zhǎng)線上，L4點(diǎn)與地球球心、月球球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊三角形．我國(guó)已發(fā)射的“鵲橋”中繼衛(wèi)星位于L2點(diǎn)附近，它為“嫦娥四號(hào)”成功登陸月球背面提供了穩(wěn)定的通信支持．假設(shè)L4點(diǎn)有一顆監(jiān)測(cè)衛(wèi)星，“鵲橋”中繼衛(wèi)星視為在L2點(diǎn)．已知地球的質(zhì)量為月球的81倍，則(　　) A．地球和月球?qū)ΡO(jiān)測(cè)衛(wèi)星的引力大小之比為81：1 B．地球球心和月球球心到C點(diǎn)的距離之比為1：9 C．監(jiān)測(cè)衛(wèi)星繞C點(diǎn)運(yùn)行的加速度比月球的大 D．監(jiān)測(cè)衛(wèi)星繞C點(diǎn)運(yùn)行的周期比“鵲橋”中繼衛(wèi)星的大 解析：根據(jù)萬(wàn)有引力公式F＝G可知，地球和月球?qū)ΡO(jiān)

13、測(cè)衛(wèi)星的引力大小之比為81：1，選項(xiàng)A正確；地球與月球可以看成雙星系統(tǒng)，繞連線上的C點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力且角速度相等，對(duì)地球有：G＝Mω2r1，對(duì)月球有：G＝mω2r2，聯(lián)立解得：＝＝，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由題意可知，監(jiān)測(cè)衛(wèi)星與地球球心、月球球心的連線構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，C點(diǎn)位于地球球心與月球球心的連線上，由幾何知識(shí)可知，監(jiān)測(cè)衛(wèi)星與C點(diǎn)間的距離大于月球球心到C點(diǎn)間的距離，又監(jiān)測(cè)衛(wèi)星與地球、月球、“鵲橋”中繼衛(wèi)星繞C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的角速度相同，可知監(jiān)測(cè)衛(wèi)星繞C點(diǎn)運(yùn)行的周期與“鵲橋”中繼衛(wèi)星的相同，監(jiān)測(cè)衛(wèi)星繞C點(diǎn)運(yùn)行的加速度比月球的大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤． 答案：AC 二、非選擇題(考生按要求作答)

14、 22．[2019·廣東茂名五校聯(lián)考](5分)圖示裝置可用來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．?dāng)[錘A拴在長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕繩一端，另一端固定在O點(diǎn)，在A上放一個(gè)小鐵片，現(xiàn)將擺錘拉起，使繩偏離豎直方向成θ角時(shí)，由靜止開(kāi)始釋放擺錘，當(dāng)其到達(dá)最低位置時(shí)，受到豎直擋板P的阻擋而停止運(yùn)動(dòng)，之后鐵片將飛離擺錘而做平拋運(yùn)動(dòng)． (1)為了驗(yàn)證擺錘在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，必須求出擺錘在最低點(diǎn)的速度．若測(cè)得擺錘碰到擋板之后鐵片的水平位移為s和豎直下落高度為h，則根據(jù)測(cè)得的物理量可知擺錘在最低點(diǎn)的速度v＝________. (2)根據(jù)已知的和測(cè)得的物理量，寫(xiě)出擺錘在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒的關(guān)系式為s2＝________. (3)

15、改變角θ的大小，測(cè)出對(duì)應(yīng)的擺錘碰到擋板之后鐵片的水平位移s.若以s2為縱軸，則應(yīng)以________(填“θ”“cos θ”或“sin θ”)為橫軸，以使作出的圖線是一條直線，該直線的斜率k0＝________(用已知的和測(cè)得的物理量表示)． 解析：(1)鐵片飛離擺錘后做平拋運(yùn)動(dòng)，則s＝vt，h＝gt2，解得v＝s. (2)若擺錘下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，則應(yīng)有mgh′＝mv2，h′＝L(1－cos θ)，聯(lián)立解得s2＝4hL(1－cos θ)． (3)s2＝4hL(1－cos θ)＝－4hLcos θ＋4hL，若以s2為縱軸，則應(yīng)以cos θ為橫軸，使作出的圖線是一條直線，該直線的斜率k0＝

16、－4hL. 答案：(1)s(1分)　(2)4hL(1－cos θ)(2分) (3)cos θ(1分)?。?hL(1分) 23．(10分)某同學(xué)用電阻箱、多用電表、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線測(cè)一節(jié)舊干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻． (1)用多用電表的直流“5 V”擋測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)，如圖甲所示為測(cè)量時(shí)多用電表的表盤，則讀數(shù)為_(kāi)_______V. (2)為了更準(zhǔn)確地測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，該同學(xué)用多用電表的直流“100 mA”擋設(shè)計(jì)了如圖乙所示的測(cè)量電路，為了電表安全，請(qǐng)估算開(kāi)關(guān)閉合前電阻箱的最小阻值為_(kāi)_______Ω. (3)將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)從“OFF”擋旋轉(zhuǎn)至直流“100 mA”擋，調(diào)節(jié)電

17、阻箱到合適的值并記錄其讀數(shù)R，合上開(kāi)關(guān)，從多用電表上讀出相應(yīng)的示數(shù)I，重復(fù)實(shí)驗(yàn)獲得多組數(shù)據(jù)，根據(jù)數(shù)據(jù)作出了如圖丙所示的R－圖線．由圖線可得干電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________V(保留三位有效數(shù)字)，內(nèi)阻r＝________Ω(取整數(shù))． (4)若多用電表電流擋的內(nèi)阻不為零，則干電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值________真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值________真實(shí)值．(選填“大于”“小于”或“等于”) 解析：(1)用多用電表的直流“5 V”擋測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)時(shí)，由于精度為0.1 V，需要估讀到下一位，故可得干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.30 V．(2)根據(jù)歐姆定律，開(kāi)關(guān)閉合前電阻箱的最小阻值Rmin＝＝13 Ω.

18、(3)由E＝IR＋I(xiàn)r，變形為R＝－r＋E·，對(duì)比圖丙所示的R－圖線，可知圖線的斜率的大小等于干電池的電動(dòng)勢(shì)的大小，即E＝k＝ V＝1.40 V，R－圖線的縱軸截距的絕對(duì)值等于干電池的內(nèi)阻，可得r＝8 Ω.(4)設(shè)多用電表電流擋的內(nèi)阻為RA，由閉合電路歐姆定律得E＝IR＋I(xiàn)(RA＋r)，變形為R＝－(RA＋r)＋E·，所以R－圖線的縱軸截距的絕對(duì)值代表電流表的內(nèi)阻與電源的內(nèi)阻之和，所以多用電表的內(nèi)阻對(duì)干電池的內(nèi)阻r的測(cè)量結(jié)果有影響，對(duì)干電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量沒(méi)有影響，干電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值大于真實(shí)值． 答案：(1)1.30(2分)　(2)13(2分)　(3)1.40(2分)　8(2分)　(4)等于(1分)　大于(1分) - 6 -