新編高三理科數(shù)學(xué)新課標(biāo)二輪習(xí)題：第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練4轉(zhuǎn)化與化歸思想 Word版含答案

《新編高三理科數(shù)學(xué)新課標(biāo)二輪習(xí)題：第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練4轉(zhuǎn)化與化歸思想 Word版含答案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新編高三理科數(shù)學(xué)新課標(biāo)二輪習(xí)題：第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練4轉(zhuǎn)化與化歸思想 Word版含答案（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 思想方法訓(xùn)練4　轉(zhuǎn)化與化歸思想 能力突破訓(xùn)練 1.已知M={(x,y)|y=x+a},N={(x,y)|x2+y2=2},且M∩N=?,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.a>2 B.a<-2 C.a>2或a<-2 D.-2

2、12 B.[-1,0] C.[0,1] D.12,1 4.設(shè)a=22(sin 17°+cos 17°),b=2cos213°-1,c=32,則a,b,c的大小關(guān)系是(　　) A.c

3、,則f(lg(lg 2))=(　　) A.-5 B.-1 C.3 D.4 7.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知圓x2+y2=4上有且只有四個(gè)點(diǎn)到直線12x-5y+c=0的距離為1,則實(shí)數(shù)c的取值范圍是　　　　　.? 8.(20xx四川適應(yīng)性測(cè)試)已知函數(shù)f(x)=2x-2-x,若不等式f(x2-ax+a)+f(3)>0對(duì)任意實(shí)數(shù)x恒成立,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是　　　　　.? 9.若對(duì)于任意t∈[1,2],函數(shù)g(x)=x3+m2+2x2-2x在區(qū)間(t,3)內(nèi)總不為單調(diào)函數(shù),求實(shí)數(shù)m的取值范圍. 10.已知函數(shù)f(x)=23x3-2ax2-3x.

4、 (1)當(dāng)a=0時(shí),求曲線y=f(x)在點(diǎn)(3,f(3))處的切線方程; (2)已知對(duì)一切x∈(0,+∞),af'(x)+4a2x≥ln x-3a-1恒成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍. 思維提升訓(xùn)練 11.已知拋物線y2=4x的焦點(diǎn)為F,點(diǎn)P(x,y)為拋物線上的動(dòng)點(diǎn),又點(diǎn)A(-1,0),則|PF||PA|的最小值是(　　) A.12 B.22 C.32 D.233 12.設(shè)F1,F2分別是雙曲線x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的左、右焦點(diǎn),若雙曲線右支上存在一點(diǎn)P,使(OP+OF2)·F2P=0,O為坐標(biāo)原點(diǎn),且|PF1|=3|PF2|

5、,則該雙曲線的離心率為(　　) A.3+1 B.3+12 C.6+2 D.6+22 13.若函數(shù)f(x)=x2-ax+2在區(qū)間[0,1]上至少有一個(gè)零點(diǎn),則實(shí)數(shù)a的取值范圍是　　　　　.? 14.已知f(x)=m(x-2m)(x+m+3),g(x)=2x-2,若?x∈R,f(x)<0或g(x)<0,則m的取值范圍是　　　　　.? 15.已知函數(shù)f(x)=eln x,g(x)=1ef(x)-(x+1)(e=2.718……). (1)求函數(shù)g(x)的極大值; (2)求證:1+12+13+…+1n>ln(n+1)(n∈N*). 參考答

6、案 思想方法訓(xùn)練4　轉(zhuǎn)化與化歸思想 能力突破訓(xùn)練 1.C　解析M∩N=?等價(jià)于方程組y=x+a,x2+y2=2無(wú)解. 把y=x+a代入到方程x2+y2=2中,消去y, 得到關(guān)于x的一元二次方程2x2+2ax+a2-2=0, ① 由題易知一元二次方程①無(wú)實(shí)根,即Δ=(2a)2-4×2×(a2-2)<0, 由此解得a>2或a<-2. 2.D　解析由弦長(zhǎng)不小于1可知圓心到直線的距離不大于32,即|b|2≤32,解得-62≤b≤62. 3.A　解析設(shè)P(x0,y0),傾斜角為α,0≤tanα≤1,y=f(x)=x2+2x+3,f'(x)=2x+2, 0≤2x0+2≤1,-1≤x

7、0≤-12,故選A. 4.A　解析∵a=sin(17°+45°)=sin62°, b=cos26°=sin64°,c=sin60°,∴c1時(shí),F(x)<0,不等式f(x)<2x+1的解集為(1,+∞),故選A. 6.C　解析因?yàn)閘g(log210)+lg(lg2)=lg(log210×lg2)=lglg10lg2×lg2=lg1=0,所以lg(lg2)=-lg(log210). 設(shè)lg(log210)=t,則lg(lg2)=

8、-t.由條件可知f(t)=5,即f(t)=at3+bsint+4=5,所以at3+bsint=1,所以f(-t)=-at3-bsint+4=-1+4=3. 7.(-13,13)　解析若圓上有四個(gè)點(diǎn)到直線的距離為1,則需圓心(0,0)到直線的距離d滿足0≤d<1. ∵d=|c|122+52=|c|13, ∴0≤|c|<13,即c∈(-13,13). 8.(-2,6)　解析f(x)=2x-2-x為奇函數(shù)且在R上為增函數(shù), 所以f(x2-ax+a)+f(3)>0?f(x2-ax+a)>-f(3)?f(x2-ax+a)>f(-3)?x2-ax+a>-3對(duì)任意實(shí)數(shù)x恒成立,即Δ=a2-4(a+

9、3)<0?-2

10、f(x)=23x3-3x, 所以f'(x)=2x2-3. 又f(3)=9,f'(3)=15, 所以曲線y=f(x)在點(diǎn)(3,f(3))處的切線方程為15x-y-36=0. (2)f'(x)=2x2-4ax-3,則由題意得2ax2+1≥lnx,即a≥lnx-12x2在x∈(0,+∞)時(shí)恒成立. 設(shè)g(x)=lnx-12x2,則g'(x)=3-2lnx2x3, 當(dāng)00;當(dāng)x>e32時(shí),g'(x)<0, 所以當(dāng)x=e32時(shí),g(x)取得最大值,且g(x)max=14e3, 故實(shí)數(shù)a的取值范圍為14e3,+∞. 思維提升訓(xùn)練 11.B　解析 顯然點(diǎn)

11、A為準(zhǔn)線與x軸的交點(diǎn),如圖,過(guò)點(diǎn)P作PB垂直準(zhǔn)線于點(diǎn)B,則|PB|=|PF|. ∴|PF||PA|=|PB||PA|=sin∠PAB.設(shè)過(guò)A的直線AC與拋物線切于點(diǎn)C, 則0<∠BAC≤∠PAB≤π2, ∴sin∠BAC≤sin∠PAB. 設(shè)切點(diǎn)為(x0,y0),則y02=4x0,又y0x0+1=y'|x=x0=1x0,解得x0=1,y0=2,∴C(1,2),|AC|=22. ∴sin∠BAC=222=22,∴|PF||PA|的最小值為22.故應(yīng)選B. 12.A　解析 如圖,取F2P的中點(diǎn)M,則OP+OF2=2OM. 又由已知得2OM·F2P=0, 即OM·F2P=0,∴

12、OM⊥F2P. 又OM為△F2F1P的中位線, ∴F1P⊥PF2. 在△PF1F2中,2a=|PF1|-|PF2|=(3-1)|PF2|, 由勾股定理,得2c=2|PF2|.∴e=23-1=3+1. 13.[3,+∞)　解析由題意,知關(guān)于x的方程x2-ax+2=0在區(qū)間[0,1]上有實(shí)數(shù)解. 又易知x=0不是方程x2-ax+2=0的解,所以根據(jù)0

13、4.(-4,0)　解析將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為g(x)<0的解集的補(bǔ)集是f(x)<0的解集的子集求解. ∵g(x)=2x-2<0,∴x<1.又?x∈R,f(x)<0或g(x)<0,∴[1,+∞)是f(x)<0的解集的子集. 又由f(x)=m(x-2m)(x+m+3)<0知m不可能大于等于0,因此m<0. 當(dāng)m<0時(shí),f(x)<0,即(x-2m)(x+m+3)>0, 若2m=-m-3,即m=-1,此時(shí)f(x)<0的解集為{x|x≠-2},滿足題意; 若2m>-m-3,即-12m或x<-m-3}, 依題意2m<1,即-1

14、m<-1,此時(shí)f(x)<0的解集為{x|x<2m或x>-m-3}, 依題意-m-3<1,m>-4,即-40). 令g'(x)>0,解得01. ∴函數(shù)g(x)在區(qū)間(0,1)上單調(diào)遞增,在區(qū)間(1,+∞)上單調(diào)遞減,∴g(x)極大值=g(1)=-2. (2)證明由(1)知x=1是函數(shù)g(x)的極大值點(diǎn),也是最大值點(diǎn),∴g(x)≤g(1)=-2,即lnx-(x+1)≤-2?lnx≤x-1(當(dāng)且僅當(dāng)x=1時(shí)等號(hào)成立). 令t=x-1,得t≥ln(t+1),取t=1n(n∈N*), 則1n>ln1+1n=lnn+1n, ∴1>ln2,12>ln32,13>ln43,…,1n>lnn+1n, 疊加得1+12+13+…+1n >ln2·32·43·…·n+1n=ln(n+1).