高考物理江蘇專版一輪復(fù)習(xí)課時(shí)檢測(cè)二十六 閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用

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1、課時(shí)跟蹤檢測(cè)（二十六） 閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：電阻的串、并聯(lián) 1．電阻R1與R2并聯(lián)在電路中，通過R1與R2的電流之比為1∶2，則當(dāng)R1與R2串聯(lián)后接入電路中時(shí)，R1與R2兩端電壓之比U1∶U2為(　　) A．1∶2　　　　　　　　　　B．2∶1 C．1∶4 D．4∶1 解析：選B　由并聯(lián)特點(diǎn)可知：＝＝，又由串聯(lián)電路特點(diǎn)可得：＝＝，故B正確。 2.(2019·無錫調(diào)研)電子式互感器是數(shù)字變電站的關(guān)鍵設(shè)備之一。如圖所示，某電子式電壓互感器探頭的原理為電阻分壓，ac間的電阻是cd間電阻的(n－1)倍，某次測(cè)量中輸出端數(shù)字電壓表的示數(shù)為U，則輸入端的電壓為(　　)

2、A．nUB. C．(n－1)UD. 解析：選A　Rac與Rcd串聯(lián)，電流I＝，對(duì)輸出端電壓Ucd＝U＝IRcd＝＝，即輸入端電壓為Uab＝nU。 3．(2019·常州檢測(cè))如圖所示，a、b、c、d、e是五個(gè)相同的電阻，如果將電壓逐漸升高，則最先燒壞的電阻應(yīng)是(　　) A．a(chǎn)和b B．c C．d D．e 解析：選D　由題圖可知，a和b并聯(lián)后與e串聯(lián)，最后跟c和d的串聯(lián)電路并聯(lián)，設(shè)電阻都為R，則c和d的電壓都為，a和b并聯(lián)電阻為，所以a和b的電壓都為，e的電壓為，所以e的電壓最大，所以隨著電壓U升高時(shí)，先燒壞的電阻應(yīng)是e。 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：閉合電路的動(dòng)態(tài)分析 4.[多選]如圖所示

3、，閉合開關(guān)S并調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片P的位置，使A、B、C三燈亮度相同。若繼續(xù)將P向下移動(dòng)，則三燈亮度變化情況為(　　) A．A燈變亮 B．B燈變亮 C．B燈變暗 D．C燈變亮 解析：選ACD　將變阻器滑片P向下移動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)全電路歐姆定律得知，總電流IA增大，則A燈變亮。并聯(lián)部分的電壓U并＝E－IA(RA＋r)，E、RA、r不變，IA增大，U并減小，B燈變暗。通過C燈的電流IC＝I－IB，I增大，IB減小，則IC增大，C燈變亮，故A、C、D正確。 5.[多選](2019·昆山月考)恒流源是一種特殊的電源，其輸出的電流能始終保持不變，如圖所示的電

4、路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P向右移動(dòng)時(shí)，下列說法中正確的是(　　) A．R0上的電壓變小 B．R2上的電壓變大 C．R1上的電壓變大 D．R1上電壓變化量大于R0上的電壓變化量 解析：選AC　觸頭P由圖示位置向右移動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，則總電阻也減小，而電源輸出電流不變，由歐姆定律可知，并聯(lián)部分電壓減小，所以R2上的電壓變小，R2是定值電阻，所以通過R2的電流減小，總電流不變，則通過R1電流增大，所以R1的電壓變大，而并聯(lián)電路電壓是減小的，則R0上的電壓變小，故A、C正確，B錯(cuò)誤；R1的電壓變大，R0上的電壓變小，R1和R0的電壓之和減小，則R1上電壓變化量小于R0上的電壓變化量

5、，故D錯(cuò)誤。 6.如圖為某控制電路，由電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及電位器(滑動(dòng)變阻器)R連接而成，L1、L2是兩個(gè)指示燈。當(dāng)電位器的觸片由b端滑向a端時(shí)，下列說法正確的是(　　) A．L1、L2都變亮 B．L1、L2都變暗 C．L1變亮，L2變暗 D．L1變暗，L2變亮 解析：選B　當(dāng)滑片由b端向a端滑動(dòng)時(shí)，R接入電阻增大，總電阻增大；由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，則內(nèi)電壓減小，由U＝E－Ir可知路端電壓增大，則R1兩端的電壓增大，所以通過R1的電流增大，而總電流減小，所以通過L1的電流變小，即L1變暗；L1兩端電壓減小，并聯(lián)電壓增大，所以R2兩

6、端的電壓增大，所以通過R2電流增大，而通過L1的電流變小，所以通過L2電流變小，即L2變暗。故B正確。 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：閉合電路的功率及效率問題 7．(2019·湖北七市聯(lián)考)有一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為3 V、內(nèi)阻為1 Ω的電源。下列電阻與其連接后，使電阻的功率大于2 W，且使該電源的效率大于50%的是(　　) A．0.5 Ω B．1 Ω C．1.5 Ω D．2 Ω 解析：選C　由閉合電路歐姆定律得I＝，電源效率η＝×100%，電阻的功率P＝I2R。將四個(gè)選項(xiàng)代入分析得，只有C符合題目要求，故C正確。 8.[多選](2019·江蘇高考)如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12 V，內(nèi)阻為2 Ω，四

7、個(gè)電阻的阻值已在圖中標(biāo)出。閉合開關(guān)S，下列說法正確的有(　　) A．路端電壓為10 V B．電源的總功率為10 W C．a(chǎn)、b間電壓的大小為5 V D．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，電路的總電流為1 A 解析：選AC　根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得，外電路總電阻為10 Ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律得通過電源的電流為I＝ A＝1 A，則路端電壓為U＝IR外＝10 V，選項(xiàng)A正確；電源的總功率P＝EI＝12 W，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若取電源負(fù)極的電勢(shì)為0，則a點(diǎn)電勢(shì)為φa＝2.5 V，b點(diǎn)電勢(shì)為φb＝7.5 V，a、b間電壓的大小為5 V，選項(xiàng)C正確；a、b間用導(dǎo)線連接起來后外電路總電阻為7.5 Ω，電路的總電流

8、為I＝ A≈1.26 A，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 9.[多選]直流電路如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電源的(　　) A．總功率一定減小 B．效率一定增大 C．內(nèi)部損耗功率一定減小 D．輸出功率一定先增大后減小 解析：選ABC　滑片P向右移動(dòng)時(shí)，外電路電阻R外增大，由閉合電路歐姆定律知總電流減小，由P總＝EI可得P總減小，故A正確。根據(jù)η＝＝，可知B正確。由P損＝I2r可知，C正確。P出-R外圖像如圖所示，因不知道R外的初始值與r的大小關(guān)系，所以無法判斷P出的變化情況，D錯(cuò)誤。 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：兩類U-I圖像的比較與應(yīng)用 10．[多選]如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電

9、壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點(diǎn)的坐標(biāo)分別為P(5.2,3.5)、Q(6,5)。如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是(　　) A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是3∶2 B．電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1 C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶2 D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是7∶10 解析：選AB　根據(jù)圖像可知，E1＝E2＝10 V，r1＝ Ω，r2＝ Ω，所以r1∶r2＝3∶2，E1∶E2＝1∶1，選項(xiàng)A、B正確；曲線Ⅲ與其他兩條直線的交點(diǎn)坐標(biāo)表示該小燈泡在這兩種連接狀態(tài)下的工作

10、電壓和工作電流，根據(jù)坐標(biāo)值可求出此時(shí)小燈泡消耗的功率分別為P1＝18.2 W和P2＝30 W，小燈泡的電阻分別為R1＝ Ω，R2＝ Ω，所以選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤。 11．[多選](2019·鎮(zhèn)江模擬)如圖甲所示，不計(jì)電表對(duì)電路的影響，改變滑動(dòng)變阻器的滑片位置，測(cè)得電壓表和隨電流表 的示數(shù)變化規(guī)律如圖乙中a、b所示，下列判斷正確的是(　　) A．圖線a的延長(zhǎng)線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值等于電源電動(dòng)勢(shì) B．圖線b斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻 C．圖線a、b交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)之積等于此狀態(tài)下電源的輸出功率 D．圖線a、b交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)之積等于此狀態(tài)下電阻R0消耗的功率 解析：選ACD　當(dāng)電路中電流增大時(shí)

11、，電壓表V2的示數(shù)增大，電源的內(nèi)電壓增大，電壓表V1的讀數(shù)減小，則根據(jù)圖像可知，圖像a是電壓表V1的示數(shù)與I的關(guān)系圖像。則圖線a的延長(zhǎng)線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值等于電源電動(dòng)勢(shì)，故A正確。由上分析知，圖像b是電壓表V2的示數(shù)與I的關(guān)系圖像，由于V2測(cè)量的是定值電阻的電壓，定值電阻的電壓與電流成正比，則圖像b的斜率的絕對(duì)值等于R0的阻值，故B錯(cuò)誤。圖像a反映電源的特性，圖像b反映定值電阻R0的特性，兩圖像的交點(diǎn)表示定值電阻R0接在該電源上的工作狀態(tài)，則交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)值的乘積等于該狀態(tài)下定值電阻R0消耗的瞬時(shí)功率，也即電源的輸出功率。故C、D正確。 對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練：含電容器的電路 12.如圖所示的電路中，

12、開關(guān)S閉合一段時(shí)間后，下列說法中正確的是(　　) A．滑片M向上滑動(dòng)過程中，電容器充電 B．滑片N向左滑動(dòng)過程中，流過R2電流向上 C．滑片N向左滑動(dòng)，電源輸出功率一定增大 D．將滑片N向右滑動(dòng)，電容器的電能減少 解析：選D　當(dāng)滑片M向上滑動(dòng)時(shí)，對(duì)電路結(jié)構(gòu)沒有影響，電路總電阻沒有變化，故電容器保持原來的狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；滑片N向左滑動(dòng)過程中，變阻器R3的阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，R3兩端的電壓U＝E－I(R1＋r)增大，電容器兩端的電壓增大，電容器充電，流過R2的電流向下，故B錯(cuò)誤；滑片N向左滑動(dòng)，變阻器R3的電阻變大，外電阻增大，但因?yàn)椴恢纼?nèi)外電阻的關(guān)系，所以電源的輸出

13、功率變化情況無法判斷，故C錯(cuò)誤；將滑片N向右滑動(dòng)，變阻器R3的阻值減小，電路總電阻減小，總電流增大，變阻器兩端的電壓U＝E－I(R1＋r)減小，電容器兩端的電壓等于變阻器R3兩端的電壓，根據(jù)Q＝CU知電容器放電，電容器的電能減少，故D正確。 13．(2019·南京模擬)如圖所示的電路，R1、R2、R4均為定值電阻，R3為熱敏電阻(溫度升高，電阻減小)，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，初期電容器中懸停一質(zhì)量為m的帶電塵埃，當(dāng)環(huán)境溫度降低時(shí)，下列說法正確的是(　　) A．電壓表和電流表的示數(shù)都減小 B．電壓表和電流表的示數(shù)都增大 C．電壓表和電流表的示數(shù)變化量之比保持不變 D．帶電塵埃將向下

14、極板運(yùn)動(dòng) 解析：選C　當(dāng)環(huán)境溫度降低時(shí)，R3的阻值增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表的示數(shù)減小，圖中并聯(lián)部分的總電阻增大，由串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的規(guī)律知：并聯(lián)部分的電壓增大，則電壓表的示數(shù)增大。故A、B錯(cuò)誤。電壓表的示數(shù)為U＝E－I(R1＋r)，則電壓表和電流表的示數(shù)變化量之比為＝R1＋r，保持不變，故C正確。電容器板間電壓增大，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，帶電塵埃所受的電場(chǎng)力增大，則帶電塵埃將向上極板運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。 考點(diǎn)綜合訓(xùn)練 14．[多選](2019·黑龍江省實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三期末)在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12 V，電源內(nèi)阻為1.0 Ω，電路中電阻R0為1.5 Ω，小型直流電

15、動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5 Ω。閉合開關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0 A。則以下判斷中正確的是(　　) A．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為12 W B．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0 V C．電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為4.0 W D．電源輸出的電功率為24 W 解析：選AB　電路中電流表示數(shù)為2.0 A，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為U＝E－Ir－IR0＝7 V，則電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為P熱＝I2RM＝2 W；電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P出＝UI－P熱＝12 W，故A、B正確，C錯(cuò)誤；電源的輸出功率為P輸出＝EI－I2r＝20 W，故D錯(cuò)誤。 15．[多選]如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2

16、為可變電阻，開關(guān)S閉合。質(zhì)量為m的帶正電荷的微粒從P點(diǎn)以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點(diǎn)。若經(jīng)下列調(diào)整后，微粒仍從P點(diǎn)以水平速度v0射入，則關(guān)于微粒打在N板上的位置說法正確的是(　　) A．保持開關(guān)S閉合，增大R1，粒子打在O點(diǎn)左側(cè) B．保持開關(guān)S閉合，增大R2，粒子打在O點(diǎn)左側(cè) C．?dāng)嚅_開關(guān)S，M極板稍微上移，粒子打在O點(diǎn)右側(cè) D．?dāng)嚅_開關(guān)S，N極板稍微下移，粒子打在O點(diǎn)右側(cè) 解析：選AD　保持開關(guān)S閉合，由串并聯(lián)電壓關(guān)系可知，R0兩端的電壓為U＝·R0，增大R1，U將減小，電容器兩端的電壓減小，故粒子受重力和電場(chǎng)力mg－qE＝ma，平行板兩極板電壓減小，產(chǎn)生的加速度增大，則＝at2，水平位移為x＝v0t＝v0，水平位移將減小，故粒子打在O點(diǎn)左側(cè)，故A正確；保持開關(guān)S閉合，增大R2，不會(huì)影響電阻R0兩端的電壓，故粒子打在O點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；斷開開關(guān)，平行板帶電量不變，平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E＝，結(jié)合C＝及C＝可得E＝，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故加速度不變，M極板稍微上移，不會(huì)影響離子的運(yùn)動(dòng)，故還打在O點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；如N板稍微下移，則粒子將打在O點(diǎn)右側(cè)，D正確。 內(nèi)容總結(jié) （1）根據(jù)η＝eq \f(R外,R外＋r)＝eq \f(1,1＋r/R外)，可知B正確