《2020數(shù)學(xué)文高考二輪專題復(fù)習(xí)與測試：第二部分 專題七第1講 坐標(biāo)系與參數(shù)方程選修44 Word版含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020數(shù)學(xué)文高考二輪專題復(fù)習(xí)與測試：第二部分 專題七第1講 坐標(biāo)系與參數(shù)方程選修44 Word版含解析（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、A 級級基礎(chǔ)通關(guān)基礎(chǔ)通關(guān)1(2018江蘇卷江蘇卷)在極坐標(biāo)系中，直線在極坐標(biāo)系中，直線 l 的方程為的方程為sin(6)2，曲線曲線 C 的方程為的方程為4cos ，求直線，求直線 l 被曲線被曲線 C 截得的弦長截得的弦長解：解：因為曲線因為曲線 C 的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為4cos ，所以曲線所以曲線 C 是圓心為是圓心為(2，0)，直徑為，直徑為 4 的圓的圓因為直線因為直線 l 的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為sin(6)2，則直線則直線 l 過過 A(4，0)，傾斜角為，傾斜角為6，所以所以 A 為直線為直線 l 與圓與圓 C 的一個交點的一個交點設(shè)另一個交點為設(shè)另一個交點為 B，則
2、，則OAB6.如圖，連接如圖，連接 OB.因為因為 OA 為直徑，從而為直徑，從而OBA2，所以所以 AB4cos62 3.因此，直線因此，直線 l 被曲線被曲線 C 截得的弦長為截得的弦長為 2 3.2(2018全國卷全國卷)在直角坐標(biāo)系在直角坐標(biāo)系 xOy 中，曲線中，曲線 C 的參數(shù)方程為的參數(shù)方程為x2cos ，y4sin (為參數(shù)為參數(shù))，直線，直線 l 的參數(shù)方程為的參數(shù)方程為x1tcos ，y2tsin (t 為參數(shù)為參數(shù))(1)求求 C 和和 l 的直角坐標(biāo)方程；的直角坐標(biāo)方程；(2)若曲線若曲線 C 截直線截直線 l 所得線段的中點坐標(biāo)為所得線段的中點坐標(biāo)為(1，2)，求，求
3、 l 的斜率的斜率解：解：(1)曲線曲線 C 的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為x24y2161.當(dāng)當(dāng) cos 0 時，時，l 的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為 ytan x2tan ，當(dāng)當(dāng) cos 0 時，時，l 的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為 x1.(2)將將 l 的參數(shù)方程代入的參數(shù)方程代入 C 的直角坐標(biāo)方程的直角坐標(biāo)方程， 整理得關(guān)于整理得關(guān)于 t 的方程的方程(13cos2)t24(2cos sin )t80.因為曲線因為曲線 C 截直線截直線 l 所得線段的中點所得線段的中點(1，2)在在 C 內(nèi)，內(nèi)，所以所以有兩個解，設(shè)為有兩個解，設(shè)為 t1，t2，則，則 t1t20.又由又由
4、得得 t1t24（2cos sin ）13cos2，故故 2cos sin 0，于是直線，于是直線 l 的斜率的斜率 ktan 2.3在平面直角坐標(biāo)系中在平面直角坐標(biāo)系中，以原點以原點 O 為極點為極點，x 軸的正半軸為極軸軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，兩種坐標(biāo)系中取相同的長度單位已知直線建立極坐標(biāo)系，兩種坐標(biāo)系中取相同的長度單位已知直線 l 的參數(shù)的參數(shù)方程為方程為x 3t，y1 3t(t 為參數(shù)為參數(shù))，曲線，曲線 C 的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為4sin3 .(1)求直線求直線 l 的普通方程與曲線的普通方程與曲線 C 的直角坐標(biāo)方程；的直角坐標(biāo)方程；(2)若直線若直線 l 與曲線與曲線
5、 C 交于交于 M，N 兩點，求兩點，求MON 的面積的面積解：解：(1)由由x 3t，y1 3t，消去參數(shù)消去參數(shù) t 得得3xy4，所以直線所以直線 l 的普通方程為的普通方程為3xy40.由由4sin3 2sin 2 3cos ，得得22sin 2 3cos ，即，即 x2y22 3x2y.所以曲線所以曲線 C 的直角坐標(biāo)方程是圓的直角坐標(biāo)方程是圓(x 3)2(y1)24.(2)因為原點因為原點 O 到直線到直線 l 的距離的距離 d|4|（ 3）2122.直線直線 l 過圓過圓 C 的圓心的圓心( 3，1)，所以，所以|MN|2r4，所以所以MON 的面積的面積 S12|MN|d4.4
6、(2019佛山檢測佛山檢測)在平面直角坐標(biāo)系在平面直角坐標(biāo)系 xOy 中中，直線直線 l 的參數(shù)方程的參數(shù)方程為為xm2t，y 2t(t 為參數(shù)為參數(shù))，以坐標(biāo)原點為極點以坐標(biāo)原點為極點，x 軸的正半軸為極軸建軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線立極坐標(biāo)系，曲線 C 的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為241sin2.(1)求直線求直線 l 的普通方程和曲線的普通方程和曲線 C 的直角坐標(biāo)方程；的直角坐標(biāo)方程；(2)設(shè)設(shè) P 為曲線為曲線 C 上的點上的點， PQl， 垂足為垂足為 Q， 若若|PQ|的最小值為的最小值為 2，求求 m 的值的值解：解：(1)因為曲線因為曲線 C 的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方
7、程為241sin2，則則22sin24，將將2x2y2，sin y 代入上式并化簡得代入上式并化簡得x24y221，所以曲線所以曲線 C 的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為x24y221.由由xm2t，y 2t，消去參數(shù)消去參數(shù) t 得得 x 2ym，所以直線所以直線 l 的普通方程為的普通方程為 x 2ym0.(2)設(shè)設(shè) P(2cos ， 2sin )，由點到直線的距離公式得，由點到直線的距離公式得|PQ|2cos 2sin m|3|2 2cos4 m|3，由題意知由題意知 m0，當(dāng)當(dāng) m0 時，時，|PQ|min|2 2m|32，得，得 m2 32 2；當(dāng)當(dāng) m0 時，時，|PQ|min|2
8、 2m|32，得，得 m2 32 2，所，所以以m2 322或或 m2 32 2.5(2017全國卷全國卷)在直角坐標(biāo)系在直角坐標(biāo)系 xOy 中，以坐標(biāo)原點為極點，中，以坐標(biāo)原點為極點，x軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線 C1的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為cos 4.(1)M 為曲線為曲線 C1上的動點，點上的動點，點 P 在線段在線段 OM 上，且滿足上，且滿足|OM|OP|16，求點，求點 P 的軌跡的軌跡 C2的直角坐標(biāo)方程；的直角坐標(biāo)方程；(2)設(shè)點設(shè)點 A 的極坐標(biāo)為的極坐標(biāo)為2，3 ，點，點 B 在曲線在曲線 C2上，求上，求OAB 面積面積的最大值的
9、最大值解解：(1)設(shè)設(shè) P 的極坐標(biāo)為的極坐標(biāo)為(，)(0)，M 的極坐標(biāo)為的極坐標(biāo)為(1，)(10)由題設(shè)知由題設(shè)知|OP|，|OM|14cos .由由|OM|OP|16 得得C2的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為4cos (0)因此因此 C2的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為(x2)2y24(x0)(2)設(shè)點設(shè)點 B 的極坐標(biāo)為的極坐標(biāo)為(B，)(B0)由題設(shè)知由題設(shè)知|OA|2，B4cos ，于是，于是OAB 的面積的面積S12|OA|BsinAOB4cos |sin3|2|sin23 32|2 3.當(dāng)當(dāng)12時，時，S 取得最大值取得最大值 2 3.所以所以O(shè)AB 面積的最大值為面積的最大值為
10、2 3.6 (2018全國卷全國卷)在直角坐標(biāo)系在直角坐標(biāo)系 xOy 中中， 曲線曲線 C1的方程為的方程為 yk|x|2.以坐標(biāo)原點為極點，以坐標(biāo)原點為極點，x 軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線 C2的的極坐標(biāo)方程為極坐標(biāo)方程為22cos 30.(1)求求 C2的直角坐標(biāo)方程；的直角坐標(biāo)方程；(2)若若 C1與與 C2有且僅有三個公共點，求有且僅有三個公共點，求 C1的方程的方程解：解：(1)由由 xcos ，ysin 得得 C2的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為(x1)2y24.(2)由由(1)知知 C2是圓心為是圓心為 A(1，0)，半徑為，半徑為 2 的圓
11、的圓由題設(shè)知由題設(shè)知，C1是過點是過點 B(0，2)且關(guān)于且關(guān)于 y 軸對稱的兩條射線軸對稱的兩條射線記記 y 軸軸右邊的射線為右邊的射線為 l1，y 軸左邊的射線為軸左邊的射線為 l2.由于點由于點 B 在圓在圓 C2的外面的外面，故故 C1與與 C2有且僅有三個公共點等價有且僅有三個公共點等價于于l1與與 C2只有一個公共點且只有一個公共點且 l2與與 C2有兩個公共點，或有兩個公共點，或 l2與與 C2只有一個只有一個公共點且公共點且 l1與與 C2有兩個公共點有兩個公共點當(dāng)當(dāng) l1與與 C2只有一個公共點時，只有一個公共點時，A 到到 l1所在直線的距離為所在直線的距離為 2，所以，所
12、以|k2|k212，解得，解得 k43或或 k0.經(jīng)檢驗，當(dāng)經(jīng)檢驗，當(dāng) k0 時，時，l1與與 C2沒有公共點；沒有公共點；當(dāng)當(dāng) k43時，時，l1與與 C2只有一個公共點，只有一個公共點，l2與與 C2有兩個公共點有兩個公共點當(dāng)當(dāng) l2與與 C2只有一個公共點時只有一個公共點時，點點 A 到到 l2所在直線的距離為所在直線的距離為 2，所所以以|k2|k212，故，故 k0 或或 k43.經(jīng)檢驗，當(dāng)經(jīng)檢驗，當(dāng) k0 時，時，l1與與 C2沒有公共點；沒有公共點；當(dāng)當(dāng) k43時，時，l2與與 C2沒有公共點沒有公共點綜上，所求綜上，所求 C1的方程為的方程為 y43|x|2.B 級級能力提升能
13、力提升7 在平面直角坐標(biāo)系在平面直角坐標(biāo)系 xOy 中中， 以以 O 為極點為極點， x 軸的正半軸為極軸軸的正半軸為極軸，建立極坐標(biāo)系，曲線建立極坐標(biāo)系，曲線 C 的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為2sin 2acos (a0)；直；直線線 l 的參數(shù)方程為的參數(shù)方程為x222t，y22t(t 為參數(shù)為參數(shù)) 直線直線 l 與曲線與曲線 C 分別交分別交于于M，N 兩點兩點(1)寫出曲線寫出曲線 C 的直角坐標(biāo)方程和直線的直角坐標(biāo)方程和直線 l 的普通方程；的普通方程；(2)若點若點 P 的極坐標(biāo)為的極坐標(biāo)為(2，)，|PM|PN|5 2，求，求 a 的值的值解：解：(1)由由2sin 2acos
14、 (a0)，得，得22sin 2acos (a0)，所以曲線所以曲線 C 的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為 x2y22y2ax，即即(xa)2(y1)2a21.由直線由直線 l 的參數(shù)方程得直線的參數(shù)方程得直線 l 的普通方程為的普通方程為 yx2.(2)將直線將直線 l 的參數(shù)方程的參數(shù)方程x222t，y22t.代入代入 x2y22y2ax，化簡得，化簡得 t2(3 2 2a)t4a40.(3 2 2a)24(4a4)0，解得，解得 a1.t1t23 2 2a，t1t24a4.又因為又因為 a0，所以，所以 t10，t20.因為點因為點 P 的直角坐標(biāo)為的直角坐標(biāo)為(2，0)，且在直線，且在
15、直線 l 上，上，所以所以|PM|PN|t1|t2|3 2 2a5 2，解得解得 a2，此時滿足，此時滿足 a0，且，且 a1，故，故 a2.8(2019珠海檢測珠海檢測)在平面直角坐標(biāo)系在平面直角坐標(biāo)系 xOy 中，曲線中，曲線 C1的參數(shù)方的參數(shù)方程為程為xt，y4t2(t 為參數(shù)為參數(shù))，以原點以原點 O 為極點為極點，x 軸的正半軸為極軸建立極軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線坐標(biāo)系，曲線 C2的極坐標(biāo)方程為的極坐標(biāo)方程為2msin cos .(1)求求 C1的普通方程和的普通方程和 C2的直角坐標(biāo)方程；的直角坐標(biāo)方程；(2)若若 C1與與 C2交于交于 P，Q 兩點，求兩點，求1kO
16、P1kOQ的值的值解：解：(1)由由xt，y4t2(t 為參數(shù)為參數(shù))，消去參數(shù)，消去參數(shù) t，得，得 x214y，則則 C1的普通方程為的普通方程為 x214y.由由2msin cos ，得，得 msin cos 2，將將 xcos ，ysin 代入，得代入，得 myx20，即即 C2的直角坐標(biāo)方程為的直角坐標(biāo)方程為 xmy20.(2)由由xt，y4t2(t 為參數(shù)為參數(shù))，可得，可得yx4t(x0)，故故 4t 的幾何意義是拋物線的幾何意義是拋物線 x214y 上的點上的點(原點除外原點除外)與原點連線的與原點連線的斜率斜率由由(1)知知，當(dāng)當(dāng) m0 時時，C2：x2，則則 C1與與 C2只有一個交點只有一個交點，故故 m0.把把xt，y4t2(t 為參數(shù)為參數(shù))代入代入 xmy20，得得 4mt2t20，設(shè)此方程的兩根分別為，設(shè)此方程的兩根分別為 t1，t2，則則 t1t214m，t1t212m，所以所以1kOP1kOQ14t114t2t1t24t1t214m412m18.
2020數(shù)學(xué)文高考二輪專題復(fù)習(xí)與測試：第二部分 專題七第1講 坐標(biāo)系與參數(shù)方程選修44 Word版含解析
