浙江省高考物理二輪復習 選擇題提升練(五)-人教版高三全冊物理試題

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1、B B word 選擇題提升練(五) 一、選擇題Ⅰ(此題共 13 小題，每一小題 3 分，共 39 分．每一小題列出的四個備選項中 只有一個是符合題目要求的，不選、多項選擇、錯選均不得分) 1.為估測一照相機的曝光時間，實驗者從某磚墻前的高處使一個石子自由 落下，拍攝石子在空中的照片如下列圖．由于石子的運動，它在照片上留下了 一條模糊的徑跡．每層磚的平均厚度為 6 cm，拍攝到的石子位置 A 距石子起落 點豎直距離約 5 m，g 取 10 m/s2，這個照相機的曝光時間約為( ) A．1×10－3 s  B．1×10－2 s

2、 C．5×10  －2  s  D．0.1 s 解析：選 B.自由落體運動 5 m 的末速度為： v ＝ 2gh＝10 m/s 1 AB 由于 0.12 m 遠小于 5 m，故可以近似地將 AB 段當勻速運動，故時間為：t＝ ＝0.012 s v 1 ≈0.01 s. 2.如下列圖，小球 A、B 帶電荷量相等，質量均為 m，都用長 L 的絕緣細線掛 在絕緣的豎直墻上 O 點，A 球靠墻且其懸線剛好豎直，B 球懸線偏離豎直方向 θ 角而靜止，此時 A、B 兩球之間的庫侖力為 F.由于外部原因小球 B 的帶電荷量減 小，使兩

3、球再次靜止時它們之間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼囊话?，如此小?B 的帶電荷 量減小為原來的( ) 1 A. 2 1 C. 8  B. D.  1 4 1 16 解析：選 C.小球 B 受力如下列圖，兩絕緣細線的長度都是 L，如此△OAB 是等腰三角形，由相似三角形得線的拉力 T 與重力 G 相等，G＝T，小球處于平 θ 衡狀態(tài)，如此庫侖力 F＝2Gsin ，設原來小球帶電荷量為 q，A、B 間的距離是 2 θ q2 r，如此 r＝2Lsin ，由庫侖定律得 F＝k ，后來庫侖力變?yōu)樵瓉淼囊话?，? 2 r2

4、 F θ′ θ′ F 1 此 ＝2Gsin ，r′＝2Lsin ， ＝k ，解得 q ＝ q，應當選 C. 2 2 2 2 r′2 8 3．一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度 a 隨時間 t 變化的圖線如下列圖，以豎直 向上為 a 的正方向，如此人對地板的壓力( ) - 1 - / 7 word A．t＝2 s 時最大 C．t＝8.5 s 時最大  B．t＝2 s 時最小 D．t＝8.5 s 時為 0 解析：選 A.人受重力 mg 和支持力 F 的作用，由牛頓第二定律得 F －mg＝ma.由牛頓第三 N N 定律得人對地板的壓力 F

5、′ ＝F ＝mg＋ma，當 t＝2 s 時 a 有最大值，F(xiàn)′ 最大．當 t＝8.5 s N N N 時，a 有最小值，F(xiàn)′ 最小，但不為 0，選項 A 正確． N 4．在地球外表某高度處以一定的初速度水平拋出一個小球，測得水平射程為 x.在另一星 球外表以一樣的水平速度拋出該小球，需將高度降低一半才可以獲得一樣的水平射程．忽略 一切阻力．設地球外表重力加速度為 g，該星球外表的重力加速度為 g′，如此 g∶g′為( ) A．1∶2 C. 2∶1  B．1∶ 2 D．2∶1 1 h 1 g 解析：選 D.因為 x＝v t，h＝ gt2，而

6、x＝v t′， ＝ g′t′2，聯(lián)立可得 ＝2. 0 2 0 2 2 g′ 5．降落傘在勻速下降過程中遇到水平方向吹來的風，風速越大，降落傘( ) A．下落的時間越短 C．落地時速度越小  B．下落的時間越長 D．落地時速度越大 解析：選 D.下落時間的長短取決于豎直方向的分運動，由于豎直分運動仍然是勻速運動， 故下落時間不變，A、B 錯誤；由于水平方向受風力作用，風速越大，落地時的水平速度越大， 合速度越大，C 錯誤，D 正確． 6．在某次暴雨前，空中有一很大帶電云團(可近似看做帶電絕緣體)，此時野外地面附近 有一帶電體受云團電場作用

7、被緩慢吸近云團．該帶電體在上升過程中所受的電場力做功為W ， 1 抑制重力做功為 W ，不計空氣阻力，如此此帶電體( ) 2 A．動能增加 W ＋W 1 2 C．電勢能減小 W 1 B．重力勢能減小 W 2 D．機械能減小 W 1 解析：選 C.電場力做功為 W ，電勢能減小 W ，機械能增加 W ，選項 C 正確，D 錯誤；抑 1 1 1 制重力做功為 W ，重力勢能增加 W ，選項 B 錯誤；合力做功為 W －W ，動能增加 W －W ，選項 2 2 1 2 1 2 A 錯誤． 7．據(jù)報道，我國數(shù)據(jù)中繼衛(wèi)星“天鏈一號01 星〞在西昌衛(wèi)星發(fā)

8、射中心發(fā)射升空，經(jīng)過 4 - 2 - / 7 word 次變軌控制后，成功定點在東經(jīng)赤道上空的同步軌道，關于成功定點后的“天鏈一號 01 星〞， 如下說法正確的答案是( ) A．離地面高度一定，相對地面靜止 B．運行速度可能大于 7.9 km/s C．繞地球運行的角速度比月球繞地球運行的角速度小 D．向心加速度與靜止在赤道上物體的向心加速度大小相等 解析：選 A.由于同步衛(wèi)星是指離地面的高度一定，相對于地面靜止的衛(wèi)星，故A 項正確； 由于速度 7.9 km/s 是第一宇宙速度，它是指近地衛(wèi)星脫離地球引力的速度，而同步衛(wèi)星離地 面有

9、一定的高度，故同步衛(wèi)星的運行速度小于 7.9 km/s，故 B 項錯誤；由于同步衛(wèi)星比月球 離地球近一些，故它繞地球運動時的角速度要大于月球繞地球運行的角速度，故 C 項錯誤； 而向心加速度與衛(wèi)星離地球的距離有關，故同步衛(wèi)星的向心加速度與靜止在赤道上物體的向 心加速度不相等，而是偏小一些，故 D 項錯誤． 8.如下列圖，在真空中 xOy 平面上，有半徑 R＝1 cm 的圓周，A、B、 C、D 為圓周上的四個點．假設將電荷量均為 q＝＋2.0×10－6  C 的兩個點 電荷分別固定在 A、B 兩點，靜電力常量 k＝9.0×109 N·m2/C2，如此(

10、 ) A．兩點電荷間的庫侖力大小為 9.0×10－3 N B．C 點的電場強度的大小為 1.3×108 N/C C．C 點的電場強度 E 的方向沿 y 軸負方向 D．將一正電荷從 C 點移到 D 點，電場力做負功 答案：B 9．如下列圖，用天平測量勻強磁場的磁感應強度．圖中各選項所示的載流線圈匝數(shù)一樣， 邊長 MN 相等，將它們分別掛在天平的右臂下方．線圈中通有大小一樣的電流，天平處于平衡 狀態(tài)．假設磁場發(fā)生微小變化，天平最容易失去平衡的是( ) - 3 - / 7 1 R word 解析：選 A.根據(jù)安培力 F＝BIL，這

11、里的 B、I 都一樣，決定安培力大小的就是 L 了，L 大 如此 F 大，就易使天平失去平衡．顯然，選項 A 中的導線有效長度最長．選項 A 正確． 10．有兩根完全一樣的金屬裸導線，如果把其中一根均勻拉長到原來的兩倍，把另一根 對折，然后將它們并聯(lián)接入某電路中，電流通過它們做功的功率之比為( ) A．1∶16 C．1∶4  B．16∶1 D．4∶1 L 解析：選 A.由 R＝ρ 知，把其中一根導線均勻拉長到原來的兩倍，把另一根對折，兩根 S R U2 導線電阻的比值 ＝16，當其并聯(lián)在電路中時，兩電阻兩端的電壓相等，由 P＝ 可得功率之

12、 R R 2 比為 1∶16，選項 A 正確． 11．如圖甲所示，半徑為 2r 的圓形線圈內有垂直紙面方向變化的圓形磁場，磁場區(qū)域的 半徑為 r，線圈與磁場區(qū)域共圓心，線圈中產(chǎn)生了如圖乙所示的感應電流(逆時針方向的電流 為正)．假設規(guī)定垂直紙面向外的方向為磁場正方向，如此能產(chǎn)生圖乙所示的感應電流的磁場 為( ) 解析：選 D.0～t 時間內的感應電流為正(逆時針)，由右手螺旋定如此得到感應磁場向外， 0 而由楞次定律知原磁場可以是向外 (正)減小或向里 (負)增大，而感應電流大小恒定，由 I＝ ΔB n S Δt 知需要原磁場均勻變化；故 A、B、C

13、錯誤，D 正確． 12.如下列圖，直角三角形的斜邊傾角∠C＝30°，底邊 BC 長為 2L、 - 4 - / 7 C C word 處在水平位置，斜邊 AC 是光滑絕緣的，在底邊中點 O 處固定一正點電荷，一個質量為 m、電 荷量為 q 的帶負電的質點從斜面頂端 A 沿斜邊滑下．滑到斜邊上的垂足 D 時速度為 v.如此 ( ) A．質點的運動是先勻加速后勻減速運動 B．質點在運動中動能與電勢能之和不發(fā)生變化 C．質點運動到非常接近斜邊底端 C 點時的速度為 v ＝ v2 C  ＋ 3gL g D．質點運動到非常接近斜邊底

14、端 C 點時的加速度為 2 解析：選 C.質點運動過程中，電場力的大小和方向是變化的，故合力的大小是變化的， 故加速度也是變化的，故質點的運動不可能是勻變速運動，選項 A 錯誤；小球受重力、支持 力和電場力，支持力不做功，重力做功等于重力勢能的減少量，電場力做功等于電勢能的減 少量，故在質點的運動中動能、電勢能、重力勢能三者之和守恒，因質點的重力勢能減小， 如此質點在運動中動能與電勢能之和增加，選項 B 錯誤；DC 兩點的電勢相等，如此對從 D 到 1 1 C 過程，電場力做功為零，根據(jù)動能定理，有：mgLsin 60°＝ mv2－ mv2 2 2 

15、 ，解得：v ＝ v2＋ 3gL， C 故 C 正確；質點滑到 C 點時，受重力、電場力、支持力，由牛頓第二定律得：mgsin 30°－ Fcos 30°＝ma ，其中：F＝k C 故 D 錯誤．  L2  1 3 k ，聯(lián)立兩式解得：a ＝ g－ · ，方向平行于斜面向下， 2 2 mL2 13.一邊長為 r 的正三角形的三個頂點，固定有 3 個點電荷，電荷量 分別為＋q、＋q 和－2q，如圖，靜電力常量為 k，如此三角形中心處 O 點 的電場強度大小和方向為( ) 12kq A. ，指向電荷量為－2q 的點電荷

16、r2 9kq B. ，指向電荷量為－2q 的點電荷 r2 12kq C. ，背離電荷量為－2q 的點電荷 r2 9kq D. ，背離電荷量為－2q 的點電荷 r2 2 3 解析：選 B.O 點是三角形的中心，到三個電荷的距離為 l＝ r×sin 60°＝ r，兩個＋ 3 3 q q 電荷在 O 處產(chǎn)生的場強大小為 E ＝E ＝k ；根據(jù)對稱性和幾何知識得知：兩個＋q 在 O 處產(chǎn) 1 2 l2 - 5 - / 7 空 word q 生的合場強為 E ＝E ＝k ；再與－2q 在 O 處產(chǎn)生的場強合成，得到 O 點的合

17、場強為 E＝E ＋ 12 1 l2 12 q 2q 3q 9kq E ＝k ＋k ＝k ＝ ，方向指向電荷量為－2q 的點電荷，應當選 B. 3 l2 l2 l2 r2 二、選擇題Ⅱ(此題共 3 小題，每一小題 2 分，共 6 分．每一小題列出的四個備選項中至 少有一個是符合題目要求的．全部選對的得 2 分，選對但不全的得 1 分，有選錯的得 0 分) 14.如下列圖，有一束平行于等邊三棱鏡截面 ABC 的單色光從空氣射向 E 點，并偏折到 F 點，入射方向與邊 AB 的夾角為 θ＝30°，E、F 分別為邊 AB、 BC 的中點，如此( ) A．該棱鏡

18、的折射率為 3 B．光在 F 點發(fā)生全反射 C．光從空氣進入棱鏡，波長變小 D．從 F 點出射的光束與入射到 E 點的光束平行 解析：選 AC.在 E 點作出法線可知入射角為 60°，折射角為 30°，折射率為 3，選項 A 正確；由光路的可逆性可知，在 BC 邊上的入射角小于臨界角，不會發(fā)生全反射，選項 B 錯誤； λ 由關系式 λ ＝ ，可知選項 C 正確；從 F 點出射的反射光線與法線的夾角為 30°，折射 介 n 光線與法線的夾角為 60°，由幾何關系知，不會與入射到 E 點的光束平行，選項 D 錯誤． 15．一個靜止的放射性原子核處于垂直紙

19、面向里的勻強磁場中，由于發(fā)生了某種衰變而 形成了如下列圖的兩個圓形徑跡，兩圓半徑之比為 1∶16，如此( ) A．該原子核發(fā)生了α衰變 B．該原子核發(fā)生了β衰變 C．那個打出衰變粒子的反沖核沿小圓做逆時針方向運動 D．該衰變過程完畢后其系統(tǒng)的總質量略有增加 解析：選 BC.因兩個圓形徑跡是內切圓，粒子運動方向相反，但所受洛倫茲力方向一樣， 故粒子的電性不同，即該原子核發(fā)生了β衰變，選項 B 正確，選項 A 錯誤；因放射出的電子 mv 與反沖核的動量等大反向，根據(jù) R＝ 可知，半徑大的粒子的電荷量較小，故大圓是電子的徑 qB 跡，小圓是反沖

20、核的徑跡，由左手定如此可知反沖核沿小圓做逆時針方向運動，選項C 正確； - 6 - / 7 word 因衰變過程伴隨著能量的產(chǎn)生，故該衰變過程完畢后其系統(tǒng)的總質量略有減小，選項D 錯誤． 16．物理學原理在現(xiàn)代科技中有許多重要應用．例如，利用波的干預，可將無線電波的 干預信號用于飛機降落的導航．如下列圖，兩個可發(fā)射無線電波的天線對稱地固定于飛機跑 道兩側，它們類似于楊氏干預實驗中的雙縫．兩天線同時都發(fā)出波長為 λ 和 λ 的無線電波．飛 1 2 機降落過程中，當接收到 λ 和 λ 的信號都保持最強時，明確飛機已對準跑道．如下說法正 1 2 確的答案

21、是( ) A．天線發(fā)出的兩種無線電波必須一樣強 B．導航利用了 λ 與 λ 兩種無線電波之間的干預 1 2 C．兩種無線電波在空間的強弱分布穩(wěn)定 D．兩種無線電波各自在空間的強弱分布完全重合 解析：選 C.由于兩無線電波波源對稱分布在跑道兩側，兩種波長的無線電波各自發(fā)生干 預，在跑道處干預均加強，當接收到的λ 和 λ 的信號都保持最強時，明確飛機已對準跑道， 1 2 導航利用了兩種波長的無線電波各自的穩(wěn)定干預，所以天線發(fā)出的兩種無線電波不必一樣強， A、B 錯誤；兩種無線電波各自在空間的強弱分布穩(wěn)定，但不重合，否如此接收到 λ 和λ 的 1 2 信號都保持最強的位置不一定在跑道上，C 正確，D 錯誤． - 7 - / 7