（江蘇專用）2020版高考物理新增分大一輪復習 第二章 相互作用 專題突破二 受力分析 共點力的平衡課件.ppt

《（江蘇專用）2020版高考物理新增分大一輪復習 第二章 相互作用 專題突破二 受力分析 共點力的平衡課件.ppt》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（江蘇專用）2020版高考物理新增分大一輪復習 第二章 相互作用 專題突破二 受力分析 共點力的平衡課件.ppt（70頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題突破二受力分析共點力的平衡,,,第二章相互作用,,NEIRONGSUOYIN,內(nèi)容索引,過好雙基關,研透命題點,隨堂測試,回扣基礎知識 訓練基礎題目,細研考綱和真題 分析突破命題點,隨堂檢測 檢測課堂學習效果,課時作業(yè),限時訓練 練規(guī)范 練速度,,過好雙基關,,,,一、受力分析,,,1.把指定物體(研究對象)在特定的物理環(huán)境中受到的所有外力都找出來，并畫出受力 的過程. 2.一般步驟,示意圖,整體,方向,自測1(2018興化一中期中)如圖1所示，壁虎在豎直玻璃面上斜向上勻速爬行，關于它在此平面內(nèi)的受力分析，下列圖示中正確的是,圖1,,,二、共點力的平衡,,,1.平衡狀態(tài) 物體處于

2、 狀態(tài)或 狀態(tài). 2.平衡條件,勻速直線運動,,,靜止,如圖2甲和乙所示，小球靜止不動，物塊勻速運動. 則小球F合 ；物塊Fx ，F(xiàn)y .,圖2,0,0,0,3.平衡條件的推論 (1)二力平衡：如果物體在兩個共點力的作用下處于平衡狀態(tài)，這兩個力必定大小 ，方向 . (2)三力平衡：如果物體在三個共點力的作用下處于平衡狀態(tài)，其中任何一個力與另外兩個力的合力大小 ，方向 ，并且這三個力的矢量可以形成一個封閉的矢量 . (3)多力平衡：如果物體在多個共點力的作用下處于平衡狀態(tài)，其中任何一個力與另外幾個力的合力大小 ，方向 .,相反,相等,相等,相反,三

3、角形,相等,相反,自測2(多選)(2017蘇州大學附中調研)如圖3所示，一個大人拉著載有兩個小孩的小車(其拉桿可自由轉動)沿水平地面勻速前進，則對小孩和車，下列說法正確的是 A.拉力的水平分力等于小孩和車所受的合力 B.拉力與摩擦力的合力大小等于重力大小 C.拉力與摩擦力的合力方向豎直向上 D.小孩和車所受的合力為零,圖3,,,解析小孩和車整體受重力、支持力、拉力和摩擦力，根據(jù)共點力平衡條件，拉力的水平分力等于小孩和車所受的摩擦力，故A錯誤； 拉力、摩擦力的合力與重力、支持力的合力平衡，重力、支持力的合力豎直，故拉力與摩擦力的合力方向豎直向上，故B錯誤，C正確； 小孩和車做勻速直線運動，故所受

4、的合力為零，故D正確.,,研透命題點,,,1.受力分析的兩個順序 (1)先場力(重力、電場力、磁場力)后接觸力(先彈力后摩擦力). (2)先分析“確定的力”，再由“確定的力”判斷“不確定的力”. 2.受力分析的三個檢驗角度 (1)明確各力的施力物體和受力物體，找不到施力物體的力是不存在的. (2)判斷物體能否保持原狀態(tài). (3)轉換研究對象(隔離整體或整體隔離)再做受力分析，判斷是否吻合.,,,,命題點一受力分析,3.受力分析常用方法,例1(多選)(2018興化市第一中學期初考)如圖4所示，截面為三角形的木塊a上放置一鐵塊b，木塊的豎直邊靠在豎直且粗糙的墻面上，現(xiàn)用豎直向上的作用力F推動木塊與

5、鐵塊一起向上勻速運動，運動過程中鐵塊與木塊始終保持相對靜止，則下列說法正確的是 A.木塊與豎直墻面間一定存在摩擦力 B.木塊a與鐵塊b間一定存在摩擦力 C.木塊與豎直墻面間一定存在水平彈力 D.豎直向上的作用力F的大小一定等于鐵塊與木塊重力之和,圖4,,,解析對a、b整體受力分析，受到重力和推力，因為勻速運動，所以二力平衡，整體不受墻面的彈力和摩擦力，如果有摩擦力，則一定有彈力，且彈力沿水平方向，物體不會平衡，因為沒有彈力，所以也沒有摩擦力，故a與墻面之間沒有摩擦力和彈力，故A、C錯誤，D正確； b勻速上升，受到的合力為零，b受到重力、支持力和靜摩擦力才能平衡，所以木塊a與鐵塊b間一定存在摩擦

6、力，故B正確.,變式1(2018無錫市期中)我國的高鐵技術在世界處于領先地位，高鐵(如圖5甲所示)在行駛過程中非常平穩(wěn)，放在桌上的水杯幾乎感覺不到晃動.圖乙為高鐵車廂示意圖，A、B兩物塊相互接觸地放在車廂里的水平桌面上，物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)相同，A的質量比B的質量大，車在平直的鐵軌上向右做勻速直線運動，A、B相對于桌面始終保持靜止，下列說法正確的是 A.A受到2個力的作用 B.B受到3個力的作用 C.A受到桌面對它向右的摩擦力 D.B受到A對它向右的彈力,圖5,,解析車在平直的鐵軌上向右做勻速直線運動，此時A、B均在向右做勻速運動，故A、B均只受重力和支持力作用，水平方向沒有外力，故水平方

7、向均不受摩擦力，同時A、B間也沒有彈力作用，故A正確，B、C、D錯誤.,變式2(2018鹽城市三模)如圖6所示，一架無人機執(zhí)行航拍任務時正沿直線朝斜向下方勻速運動.用G表示無人機重力，F(xiàn)表示空氣對它的作用力，下列四幅圖中能表示此過程中無人機受力情況的是,圖6,,共點力平衡常用方法 (1)合成法：一般三力平衡時(或多力平衡轉化成三力平衡后)用合成法，由平行四邊形定則合成任意兩力(一般為非重力的那兩個力)，該合力與第三個力平衡，在由力的示意圖所圍成的三角形中解決問題.將力的問題轉化成三角形問題，再由三角函數(shù)、勾股定理、圖解法、相似三角形法等求解.,,,,命題點二共點力的靜態(tài)平衡,(2)正交分解法：

8、一般受三個以上共點力平衡時用正交分解法：把物體受到的各力分解到相互垂直的兩個方向上，然后分別列出兩個方向上的平衡方程.,例2(2018溧水中學期初模擬)a、b兩個質量相同的球用線連接，a球用線掛在天花板上，b球放在光滑斜面上，系統(tǒng)保持靜止，以下圖示哪個是正確的,,解析對b球受力分析，受重力、斜面對其垂直斜面向上的支持力和細線的拉力，由于三力平衡時三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，故細線拉力向右上方，故A圖錯誤； 再對a、b兩個球整體受力分析，受重力、垂直斜面向上的支持力和上面細線的拉力，再根據(jù)共點力平衡條件判斷上面細線的拉力方向斜向右上方，故C、D圖均錯誤.,變式3(2018

9、南京市、鹽城市一模)如圖7所示，質量為m的物塊沿著傾角為的粗糙斜面勻速下滑，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為.斜面對物塊的作用力是 A.大小為mg，方向豎直向上 B.大小為mgcos ，方向垂直斜面向上 C.大小為mgsin ，方向沿著斜面向上 D.大小為mgcos ，方向沿著斜面向上,圖7,,解析對物塊進行受力分析，重力mg、斜面對物塊的支持力FN、摩擦力Ff，斜面對物塊的作用力即支持力與摩擦力的合力，由于物塊勻速下滑，所以支持力與摩擦力的合力應與重力等大反向，故A正確.,變式4(2018 金陵中學等三校四模)如圖8所示，一個質量為4 kg的半球形物體A放在傾角為37的斜面B上靜止不動.若用通過球

10、心的水平推力F10 N作用在物體上，物體仍靜止在斜面上，斜面仍相對地面靜止.已知sin 370.6，cos 370.8，取g10 m/s2，則 A.地面對斜面B的彈力不變 B.物體A對斜面B的作用力增加10 N C.物體A受到斜面B的摩擦力增加8 N D.地面對斜面B的摩擦力增加8 N,圖8,,解析以整體為研究對象，力F是水平的，所以不影響豎直方向的受力，地面對斜面的彈力大小不變，故A正確； 沒有施加力F時根據(jù)平衡條件A受斜面作用力與重力等大反向，即大小為40 N， 根據(jù)牛頓第三定律知物體A對斜面的作用力為40 N，方向向下. 施加力F后物體A對斜面的作用力如圖：,可以看出物體對斜面的作用力不

11、是增加10 N，故B錯誤； 沒有施加力F時，對物體受力分析： 根據(jù)平衡條件： Ffmgsin 4100.6 N24 N,施加力F后，對物體受力分析，如圖： 根據(jù)平衡條件，沿斜面方向： FfFcos mgsin 代入數(shù)據(jù)解得：Ff16 N 故物體受到斜面的摩擦力減少了24 N16 N8 N，故C錯誤； 以整體為研究對象，水平方向增加了10 N的力F， 根據(jù)平衡條件得地面對斜面的摩擦力增加10 N，故D錯誤.,1.動態(tài)平衡：“動態(tài)平衡”是指物體所受的力一部分是變力，是動態(tài)力，力的大小和方向均要發(fā)生變化，但變化過程中的每一個狀態(tài)均可視為平衡狀態(tài)，所以叫動態(tài)平衡.,,,,命題點三共點力作用下的動態(tài)平衡

12、問題,2.分析動態(tài)平衡問題的方法,例3(2018南通市等七市三模)如圖9所示，帶有孔的小球A套在粗糙的傾斜直桿上，與正下方的小球B通過輕繩連接，處于靜止狀態(tài).給小球B施加水平力F使其緩慢上升，直到小球A剛要滑動.在此過程中 A.水平力F的大小不變 B.桿對小球A的支持力不變 C.輕繩對小球B的拉力先變大后變小 D.桿對小球A的摩擦力先變小后變大,圖9,,變式5(2018淮安市、宿遷市等期中)質量為m的物體用輕繩AB懸掛于豎直墻壁上，今用水平向右的拉力F拉動繩的中點O至圖示位置.用FT表示繩OA段拉力的大小，在拉力F由圖10所示位置逆時針緩慢轉過90的過程中，始終保持O點位置不動，則 A.F先逐

13、漸變小后逐漸變大，F(xiàn)T逐漸變小 B.F先逐漸變小后逐漸變大，F(xiàn)T逐漸變大 C.F先逐漸變大后逐漸變小，F(xiàn)T逐漸變小 D.F先逐漸變大后逐漸變小，F(xiàn)T逐漸變大,圖10,,解析若保持O點位置不變，將F由水平位置繞O點逆時針緩慢轉動90的過程中，F(xiàn)和AO的拉力的合力始終與mg等大、反向、共線，由平行四邊形定則可知，當FAO時，F(xiàn)最??；當F豎直時，F(xiàn)最大，最大值 Fmaxmg，此時FT0，則F先逐漸變小后逐漸變大，F(xiàn)T逐漸變小，故選A.,1.臨界問題 當某物理量變化時，會引起其他幾個物理量的變化，從而使物體所處的平衡狀態(tài)“恰好出現(xiàn)”或“恰好不出現(xiàn)”，在問題的描述中常用“剛好”“剛能”“恰好”等語言敘述

14、. 2.極值問題 平衡物體的極值，一般指在力的變化過程中的最大值和最小值問題. 3.解決極值問題和臨界問題的方法 (1)極限法：首先要正確地進行受力分析和變化過程分析，找出平衡的臨界點和極值點；臨界條件必須在變化中去尋找，不能停留在一個狀態(tài)來研究臨界問題，而要把某個物理量推向極端，即極大和極小.,,,,命題點四平衡中的臨界極值問題,(2)數(shù)學分析法：通過對問題的分析，依據(jù)物體的平衡條件寫出物理量之間的函數(shù)關系(畫出函數(shù)圖象)，用數(shù)學方法求極值(如求二次函數(shù)極值、公式極值、三角函數(shù)極值). (3)物理分析方法：根據(jù)物體的平衡條件，作出力的矢量圖，通過對物理過程的分析，利用平行四邊形定則進行動態(tài)分

15、析，確定最大值與最小值.,例5(2018無錫市期中)如圖11所示，質量為m1的物體甲通過三段輕繩懸掛，三段輕繩的結點為O，輕繩OB水平且B端與站在水平面上的質量為m2的人相連，輕繩OA與豎直方向的夾角37，物體甲及人均處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g.(已知sin 370.6，cos 370.8，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力) (1)輕繩OA、OB受到的拉力分別是多大？,圖12,答案見解析,解析對結點O進行受力分析，受甲通過繩子對O的拉力m1g， OB的拉力F和OA的拉力FT，處于平衡狀態(tài)，如圖所示，有：,(2)人受到的摩擦力是多大？方向如何？,答案見解析,解析對人受力分析，在水平方向上受OB的拉

16、力F和地面對人的摩擦力Ff處于平衡狀態(tài)，所以有：,人有向右的運動趨勢，所以人受到水平向左的摩擦力作用,(3)若人的質量m260 kg，人與水平面之間的動摩擦因數(shù)0.3，g取10 m/s2.欲使人在水平面上不滑動，則物體甲的質量m1最大不能超過多少？,答案見解析,解析人在豎直方向上受重力m2g和支持力FN，若人的質量m260 kg，人與水平面之間的動摩擦因數(shù)0.3， 則人受到的最大靜摩擦力為： FfmaxFNm2g 此時物體甲的質量達到最大， 聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得：m124 kg.,變式6(2018南京市期中)如圖12所示，將兩個質量均為m的小球a、b用細線相連后，再用細線懸掛于O點.用力F拉

17、小球b，使兩個小球都處于靜止狀態(tài)，且細線OA與豎直方向的夾角保持37，則F的最小值為,圖12,,,隨堂測試,,,1.(2018沛縣中學調研)如圖13所示，質量mAmB的兩物體A、B疊放在一起，靠著豎直墻面.讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過程中，物體B的受力示意圖是,1,2,3,4,圖13,,解析A與B整體同時沿豎直墻面下滑，受到重力，墻壁對其沒有支持力，如果有，將會向右加速運動，因為沒有彈力，故也不受墻壁的摩擦力，即只受重力，做自由落體運動；由于整體做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)，則A、B間無彈力，故B只受重力.,2.(2018揚州中學下學期開學考)如圖14所示，恒力F垂直作用在傾角為、

18、質量為m的三角滑塊上，滑塊沒被推動，則滑塊受到地面的靜摩擦力大小為 A.Fsin B.Fcos C.mgsin D.mgcos ,,圖14,1,2,3,4,3.(2018無錫市高三期末)如圖15，輕質細繩AC、BC系于天花板上，在結點C的下方吊一個重力為G的物體而處于靜止狀態(tài).下列說法正確的是 A.BC繩和AC繩的拉力大小之比為1 B.BC繩和AC繩的拉力大小之和為G C.天花板所受拉力的合力豎直向下 D.物體對輕繩的拉力與輕繩對物體的拉力是一對平衡力,圖15,,1,2,3,4,4.(2018泰州中學開學考)如圖16所示，用OA、OB兩根輕繩將物體懸于兩墻之間，OA、OB兩根輕繩之間的夾角為

19、90.當更換OA繩，使A點下移，直至輕繩OA為水平，在此過程中保持O點位置不變.則在A點不斷下移到A的過程中，繩OA的拉力 A.逐漸增大 B.逐漸減小 C.先變小后變大 D.先變大后變小,,圖16,1,2,3,4,解析以結點O為研究對象，分析受力：重力G、繩OA的拉力FTAO和繩BO的拉力FTBO，如圖所示，根據(jù)平衡條件知，兩根繩子拉力的合力與重力大小相等、方向相反，作出輕繩OA在兩個位置時力的合成圖如圖，由圖看出，A點移到A的過程中，繩OA的拉力FTAO逐漸增大.,1,2,3,4,,課時作業(yè),,,1.(2018海安中學月考)“階下兒童仰面時，清明妝點最堪宜.游絲一斷渾無力，莫向東風怨別離.”

20、這是紅樓夢中詠風箏的詩，風箏在風力F、線的拉力FT以及重力G的作用下，能夠高高地飛在藍天上.關于風箏在空中的受力可能正確的是,,,,雙基鞏固練,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,,解析風箏受豎直向下的重力、風力和線的拉力，風箏飛在空中認為是平衡狀態(tài)，所以線的拉力方向應該在重力和風力合力的反方向上，所以正確選項為A.,2.(多選)(2019田家炳中學期初)如圖1所示，小車M在恒力的作用下，沿水平地面做直線運動，由此可判斷 A.若地面光滑，則小車一定受三個力作用 B.若地面粗糙，則小車可能受三個力作用 C.若小車做勻速運動，則小車一定受四個力作用 D.若小車做加速運動，則小車可

21、能受三個力作用,圖1,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析若地面光滑，小車可能受重力、支持力、拉力F，當拉力F在豎直方向的分量等于重力時，支持力等于零，只受兩個力，A錯誤； 若地面粗糙，小車可能受重力、支持力、拉力F和摩擦力，當支持力等于零時摩擦力也等于零，所以小車可能受2個力，也可能受4個力，B錯誤； 若小車做勻速運動，則小車受力平衡，所以小車受重力、支持力、拉力和摩擦力，一定受四個力作用，C正確； 若小車做加速運動，若F的水平分量正好提供加速度時，不受摩擦力，此時可能受重力、支持力、拉力這三個力，D正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,3.

22、(2018南通中學期中)如圖2所示，光滑斜面的傾角為37，一個可以看成質點的小球在輕質細線的拉力作用下靜止在斜面上，細線與斜面間的夾角也為37，若小球的重力為G，sin 370.6，cos 370.8，則手對細線的拉力等于,圖2,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,,解析球受重力、拉力和支持力，處于平衡狀態(tài)， 受力分析如圖所示， 由幾何關系可知， F與豎直方向之間的夾角：90373716， 則在水平方向：Fsin FNsin 37，豎直方向：Fcos FNcos 37G，,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,4.(多選)(2018鹽城中學段考)一光滑圓環(huán)固定

23、在豎直平面內(nèi)，環(huán)上套著兩個小球A和B(中央有孔)，A、B間由細繩連接著，它們處于如圖3所示位置時恰好都能保持靜止狀態(tài)，此情況下，B球與環(huán)中心O處于同一水平面上，A、B間的細繩呈伸直狀態(tài)，與水平線成30角，已知B球的質量為m，下列說法正確的是 A.細繩對B球的拉力為2mg B.A球的質量為2m C.環(huán)對B球的彈力大小為 mg，方向水平向左 D.環(huán)對A球的彈力大小為2 mg,,圖3,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,,,解析對B球，受力分析如圖，小球B處于平衡狀態(tài)，有：FTsin 30mg 得：FT2mg；,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,方向水平向右

24、，故A正確，C錯誤； 對A球，受力分析如圖，小球A處于平衡狀態(tài)，有： 在水平方向：FTcos 30FNAsin 30，F(xiàn)TFT,在豎直方向：FNAcos 30mAgFTsin 30 聯(lián)立解得：mA2m，故B、D正確.,5.(多選)(2018海安中學月考)如圖4，對斜面上的物塊施以一個沿斜面向上的拉力F作用時，物塊恰能沿斜面勻速上滑.在此過程中斜面相對水平地面靜止不動，斜面傾角為，物塊和斜面的質量分別為m、M，則 A.地面對斜面的支持力等于(Mm)g B.地面對斜面的支持力等于(Mm)gFsin C.斜面受到地面向左的摩擦力為Fcos D.斜面受到地面的摩擦力為零,圖5,1,2,3,4,5,6,

25、7,8,9,10,11,12,,,解析以整體為研究對象，分析受力情況：總重力(Mm)g、地面的支持力FN、地面的摩擦力Ff和拉力F.由于F有水平向右的分力，則由平衡條件可知：Ff一定水平向左.根據(jù)平衡條件可得：FfFcos ，F(xiàn)N(Mm)gFsin ，故B、C正確，A、D錯誤.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,6.(2018高郵市期初)如圖5所示，在豎直平面內(nèi)，用甲、乙兩個彈簧秤通過細線拉著一個鉤碼，使之處于靜止狀態(tài).若保持甲彈簧秤拉力的方向不變，緩慢地調節(jié)乙彈簧秤，使兩細線之間的夾角增大一些，則 A.兩拉力的合力可能增大 B.甲彈簧秤的示數(shù)一定增大 C.甲彈簧秤的示數(shù)可

26、能減小 D.乙彈簧秤的示數(shù)一定增大,,圖5,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析由平衡條件得知，甲、乙兩個拉力F1和F2的合力與鉤碼的重力G大小相等、方向相反，保持不變，作出甲、乙兩個拉力在三個不同位置時力的合成圖，如圖，在甲、乙從321三個位置的過程中，可以看出，當甲、乙兩個拉力方向相互垂直時，F(xiàn)2最小，可見，F(xiàn)1逐漸增大，F(xiàn)2先逐漸減小后逐漸增大.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,7.(2018鹽城中學最后一卷)如圖6所示，用OA、OB兩根輕繩將花盆懸于兩豎直墻之間，開始時OB繩水平，現(xiàn)保持O點位置不變，改變OB繩長使繩右端由B點緩慢上移至B點，

27、此時OB與OA之間的夾角<90，設此過程中OA、OB繩的拉力分別為FOA、FOB，則下列說法正確的是 A.FOA一直增大 B.FOA一直減小 C.FOB一直減小 D.FOB先增大后減小,,圖6,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,,,,綜合提升練,解析對結點O受力分析：重力G、繩OA的拉力FOA和繩OB的拉力FOB，根據(jù)平衡條件知，兩根繩子的拉力的合力與重力大小相等、方向相反，作出輕繩OB在兩個位置時力的合成圖如圖所示，由圖看出，由321的過程中，F(xiàn)OA逐漸減小，F(xiàn)OB先減小后增大，當90時，F(xiàn)OB最小.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,8.(2018泰

28、州中學四模)如圖7所示，水平面上的長方體物塊被沿對角線分成相同的A、B兩塊.物塊在垂直于左邊的水平力F作用下，保持原來形狀沿力F的方向勻速運動，則 A.物塊A受到4個力作用 B.物塊A受到水平面的摩擦力為 C.物塊B對物塊A的作用力為F D.若增大力F，物塊A和B將相對滑動,,圖7,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析對物塊A分析受力情況，物塊A在水平方向受到水平向左的滑動摩擦力Ff、B的彈力FNBA和摩擦力FfBA，豎直方向受重力和桌面的支持力，所以A受到5個力作用，A錯誤； A、B受到水平面的摩擦力大小相等，對A、B整體， 由平衡條件得F2Ff，,1,2,3,4,5,

29、6,7,8,9,10,11,12,如圖所示，由平衡條件知，F(xiàn)fBA與FNBA的合力大小等于Ff的大小，,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,若增大力F，物塊A和B不會發(fā)生相對滑動，故D錯誤.,9.(2018紅橋中學一調)如圖8所示，一個重為30 N的物體，放在傾角30的斜面上靜止不動，若用F5 N的豎直向上的力提物體，物體仍靜止，下述結論正確的是 A.物體受到的摩擦力減小5 N B.物體對斜面的作用力減小5 N C.斜面受到的壓力減小5 N D.物體受到的合外力減小5 N,,圖8,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析無拉力時對物體受力分析，受重力、支持力

30、和靜摩擦力，如圖甲所示 根據(jù)共點力平衡條件，有：Ffmgsin ，F(xiàn)Nmgcos ，有拉力F作用后，再次對物體受力分析，受到拉力、重力、支持力和靜摩擦力，如圖乙所示，根據(jù)共點力平衡條件，有： Ff1(mgF)sin ，F(xiàn)N1(mgF)cos ，,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,即物體受到的摩擦力減小了2.5 N，故A錯誤；,無拉力時，斜面對物體的作用力與重力大小相等，即為mg；有拉力時，斜面對物體的作用力與重力、拉力兩個力的合力大小相等，即為mgF，所以斜面對物體的作用力減小了F5 N，則物體對斜面的作用力也減小5 N，故B正確.兩次物體都保持靜止狀態(tài)，合力為零，保持不變

31、，故D錯誤.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,10.(2019田家炳中學期初)如圖9所示，斜面體M放在水平面上，物體m放在斜面上，m受到一個水平向右的力F，m和M始終保持靜止，這時m受到的摩擦力大小為Ff1，M受到水平面的摩擦力大小為Ff2，當F變大時，則 A.Ff1變大，F(xiàn)f2不一定變大 B.Ff2變大，F(xiàn)f1不一定變大 C.Ff1與Ff2都不一定變大 D.Ff1與Ff2都一定變大,圖9,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析對物體m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，設斜面傾角為，則在斜面方向上有：當mgsin Fcos 時，摩擦力沿著

32、斜面向上，大小為Ff1mgsin Fcos ，當F增大時，F(xiàn)f1變?。?當mgsin Fcos 時，摩擦力為零，F(xiàn)增大時，F(xiàn)f1變大； 當mgsin Fcos 時，摩擦力沿著斜面向下，大小為Ff1Fcos mgsin ，F(xiàn)增大時，F(xiàn)f1變大； 對整體受力分析，如圖， 則有Ff2F，則F變大，F(xiàn)f2一定變大，綜上所述，B正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,11.如圖10所示，重物A和B的質量分別為mA3 kg、mB2 kg，斜面體質量為M 4 kg，滑輪和繩質量及其之間的摩擦不計，整個裝置均靜止，試求：(g取10 m/s2) (1)畫出受力分析圖，求繩中張力F的大??；,

33、圖10,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案見解析,解析滑輪受力分析圖如圖甲 FmBg20 N,(2)A受斜面的摩擦力Ff的大小和方向；,解析對A受力分析，如圖乙， 則FfFmAgsin 372 N，方向沿斜面向下,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案見解析,(3)地面給斜面體的支持力大小，以及地面給斜面體的摩擦力Ff大小和方向.,解析將斜面體和A視為整體， 受力分析如圖丙 FN(MmA)gFcos 60 FfFsin 60 解得FN80 N， Ff10 N， 方向水平向左.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案見解析,12.

34、(2018鹽城中學段考)如圖11，球A夾在豎直墻壁與三角劈B的斜面之間，三角劈的重力為G，劈的底部與水平地面間的動摩擦因數(shù)為，劈的斜面與豎直墻面是光滑的，劈傾角為60，問： (1)若劈始終靜止不動，當球的重力為G時， 球與劈間的彈力多大？,圖11,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案2G,解析A的受力如圖甲所示. 則根據(jù)平衡條件，有：,(2)欲使劈靜止不動，球的重力不能超過多大？(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力),解析將A、B視作整體，受力如圖乙所示， FfF1，F(xiàn)NGG. B要保持靜止，則必須滿足：FfFfmax，即為：,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,