2019高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專題1 集合與常用邏輯用語(yǔ)、不等式 第2講 不等式課件 理.ppt

《2019高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專題1 集合與常用邏輯用語(yǔ)、不等式 第2講 不等式課件 理.ppt》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專題1 集合與常用邏輯用語(yǔ)、不等式 第2講 不等式課件 理.ppt（39頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題1 集合與常用邏輯用語(yǔ)、不等式,第2講不等式,考情考向分析 1利用不等式性質(zhì)比較大小，利用基本不等式求最值及線性規(guī)劃問(wèn)題是高考的熱點(diǎn) 2一元二次不等式常與函數(shù)、數(shù)列結(jié)合考查一元二次不等式的解法和參數(shù)的取值范圍 3利用不等式解決實(shí)際問(wèn)題,考點(diǎn)一不等式性質(zhì)及解法 A(，1B(0，) C(1,0)D(，0),即x1時(shí)，f(x1)f(2x)即為2(x1)22x， 即(x1)2x，解得x1. 因此不等式的解集為(，1,函數(shù)f(x)的圖象如圖所示 由圖可知，當(dāng)x10且2x0時(shí)，函數(shù)f(x)為減函數(shù)，故f(x1)f(2x)轉(zhuǎn)化為x1 2x. 此時(shí)x1. 當(dāng)2x0且x10時(shí)，f(2x)1，f(x1)1，

2、滿足f(x1)f(2x) 此時(shí)1x0. 綜上，不等式f(x1)f(2x)的解集為(，1(1,0)(，0)故選D. 答案：D,2(比較大小)(2018高考全國(guó)卷)設(shè)alog0.20.3，blog2 0.3，則() Aabab0Babab0 Cab0abDab0ab 解析：alog0.20.3log0.210，blog20.3log210， ab0. 答案：B,1不等式的解集與方程根的關(guān)系 不等式解集的端點(diǎn)值就是與不等式對(duì)應(yīng)的方程的根，不等式解集的形式與不等號(hào)的方向及二次項(xiàng)系數(shù)的符號(hào)有關(guān)，如： 已知不等式ax2bxc0(a0)，若不等式的解集為(，m)(n，)，則m，n為方程ax2bxc0的兩根

3、，且a0；若不等式的解集為(m，n)，則m，n為方程ax2bxc0的兩根，且a0；若不等式的解集為(，m)(n，)，則m，n為方程ax2bxc0的兩根，且a<0.,2等價(jià)轉(zhuǎn)化法解分式不等式 分式不等式進(jìn)行等價(jià)轉(zhuǎn)化的方向有兩個(gè)，一是根據(jù)符號(hào)法則(同號(hào)商為正，異號(hào)商為負(fù))將其轉(zhuǎn)化為不等式組；二是根據(jù)商與積的符號(hào)之間的關(guān)系直接轉(zhuǎn)化為整式不等式，其依據(jù)如下：,考點(diǎn)二不等式恒成立與有解問(wèn)題 1(不等式恒成立)若不等式x2x1

4、<0，顯然不等式恒成立；,2(參數(shù)范圍)若存在正數(shù)x使2x(xa)<1成立，則a的取值范圍是() A(，)B(2，) C(0，)D(1，) 答案：D,一元二次不等式的恒成立問(wèn)題 (1)一元二次不等式的有解(能成立)問(wèn)題,(2)分離參數(shù)法求解不等式有解(能成立)問(wèn)題 不等式能成立問(wèn)題可以通過(guò)分離參數(shù)轉(zhuǎn)化為函數(shù)最值問(wèn)題求解若af(x)能成立， 則af(x)min；若a

5、y2的幾何意義是可行域內(nèi)的點(diǎn)P(x，y)與點(diǎn)D(5,0)的距離的平方，由圖可 知，點(diǎn)D(5,0)到直線x2y0的距離最小 答案：A,解析：作出滿足約束條件的可行域如圖陰影部分所示,答案：6,3(應(yīng)用)甲、乙兩工廠根據(jù)賽事組委會(huì)要求為獲獎(jiǎng)?wù)叨ㄗ瞿彻に嚻纷鳛楠?jiǎng)品，其中一等獎(jiǎng)獎(jiǎng)品3件，二等獎(jiǎng)獎(jiǎng)品6件；制作一等獎(jiǎng)、二等獎(jiǎng)所用原料完全相同，但工藝不同，故價(jià)格有所差異甲廠收費(fèi)便宜，但原料有限，最多只能制作4件獎(jiǎng)品，乙廠原料充足，但收費(fèi)較貴，其具體收費(fèi)如下表所示，則組委會(huì)定做該工藝品的費(fèi)用總和最低為________元,,,解析：設(shè)甲廠生產(chǎn)一等獎(jiǎng)獎(jiǎng)品x件，二等獎(jiǎng)獎(jiǎng)品y件，x，yN， 則乙廠生產(chǎn)一等獎(jiǎng)獎(jiǎng)品(3x

6、)件，二等獎(jiǎng)獎(jiǎng)品(6y)件,作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域如圖中陰影部分(包括邊界)所示 由圖象知當(dāng)直線經(jīng)過(guò)點(diǎn)A時(shí)，直線在y軸上的截距最大，此時(shí)z最小 答案：4 900,1數(shù)形結(jié)合求解目標(biāo)函數(shù)最值 (1)準(zhǔn)確作出不等式組所表示的可行域是解決此類問(wèn)題的基礎(chǔ)，一般采用“線定界，點(diǎn)定域”的原則，應(yīng)注意不等式中是否含有等號(hào)與可行域邊界的實(shí)虛之間的對(duì)應(yīng),2待定系數(shù)法求參數(shù) 用待定系數(shù)法求解簡(jiǎn)單線性規(guī)劃中的參數(shù)問(wèn)題的關(guān)鍵是先根據(jù)目標(biāo)函數(shù)的幾何意義確定最優(yōu)解，然后利用最值把最優(yōu)解代入目標(biāo)函數(shù)建立關(guān)于參數(shù)的方程求解利用該方法時(shí)要注意參數(shù)所在位置對(duì)最優(yōu)解的影響： (1)當(dāng)參數(shù)在表示可行域的不等式中時(shí)，參數(shù)的取值會(huì)

7、影響可行域的位置和形狀，此時(shí)需要對(duì)參數(shù)的取值進(jìn)行分類討論，以確定最優(yōu)解； (2)當(dāng)參數(shù)在目標(biāo)函數(shù)中時(shí)，參數(shù)的取值直接影響最優(yōu)解的位置 3模型法求解線性規(guī)劃的實(shí)際應(yīng)用問(wèn)題 求解線性規(guī)劃的實(shí)際應(yīng)用問(wèn)題的關(guān)鍵在于準(zhǔn)確建模解題時(shí)先確定變量，列出其所滿足的不等式組以及目標(biāo)函數(shù)，建立線性規(guī)劃的數(shù)學(xué)模型，然后利用求解線性規(guī)劃問(wèn)題的方法求解最值，最后將所求解的最值還原為實(shí)際問(wèn)題即可,考點(diǎn)四基本不等式的應(yīng)用,解析：法一(常數(shù)代換法)：設(shè)數(shù)列an的公比為q(q0)，由各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列 an滿足a7a62a5，可得a1q6a1q52a1q4，所以q2q20，所以q2. 法二(拼湊法)：由法一可得mn6，所以

8、n6m， 又m，n1，所以1m5.,答案：A,1拼湊法求解最值 (1)拼湊法求解最值，其實(shí)質(zhì)就是先通過(guò)代數(shù)式變形拼湊出和或積為常數(shù)的兩項(xiàng)，然后利用基本不等式求解最值(2)利用基本不等式求解最值時(shí)，要注意“一正、二定、三相等”，尤其是要注意驗(yàn)證等號(hào)成立的條件 2常數(shù)代換法求解條件最值 常數(shù)代換法解題的關(guān)鍵是通過(guò)代數(shù)式的變形，構(gòu)造和式或積式為定值的式子，然后利用基本不等式求解最值應(yīng)用此種方法求解最值時(shí)，應(yīng)把“1”的表達(dá)式與所求最值的表達(dá)式相乘求積或相除求商,1錯(cuò)用不等式的性質(zhì) 其中正確的不等式的個(gè)數(shù)為() A1B2 C3D4,正確故選C. 答案C,,,,2解分式不等式時(shí)忽視“分母不能為0”致誤 ARB(1，) C2，)D(2,2,解析因?yàn)閥ln(x1)的值域?yàn)镽，所以AR. 解得x2或x2，所以Bx|x2或x2， 所以RB(2,2， 所以ARB(2,2，故選D. 答案D,,,,,3錯(cuò)用目標(biāo)函數(shù)的幾何意義,答案5,,易錯(cuò)防范當(dāng)目標(biāo)函數(shù)是非線性函數(shù)時(shí)，需考慮目標(biāo)函數(shù)的幾何意義，常見(jiàn)的目標(biāo) 函數(shù)及其幾何意義有：,,,,4忽視基本不等式的應(yīng)用條件,解析易知函數(shù)yax13過(guò)定點(diǎn)A(1，2) 答案C,