安徽省2020年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專題升級(jí)訓(xùn)練6 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 理

《安徽省2020年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專題升級(jí)訓(xùn)練6 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《安徽省2020年高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 專題升級(jí)訓(xùn)練6 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 理（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題升級(jí)訓(xùn)練6 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 (時(shí)間：60分鐘 滿分：100分) 一、選擇題(本大題共6小題，每小題6分，共36分) 1．函數(shù)y＝f(x)的圖象在點(diǎn)x＝5處的切線方程是y＝－x＋8，則f(5)＋f′(5)等于( )． A．1 B．2 C．0 D. 2.函數(shù)f(x)在定義域內(nèi)可導(dǎo)，y＝f(x)的圖象如圖所示，則導(dǎo)函數(shù)y＝f′(x)的圖象可能為( )． 3．當(dāng)x∈(0，5)時(shí)，函數(shù)y＝xln x( )． A．是單調(diào)增函數(shù) B．是單調(diào)減函數(shù) C．在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減 D．在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增 4．(2020·安徽合肥

2、六中最后一卷，理14)已知函數(shù)f(x)＝x2－1在點(diǎn)P(1，0)處的切線傾斜角為α，則sin等于( )． A. B. C. D．－ 5．f(x)是定義在(0，＋∞)上的非負(fù)可導(dǎo)函數(shù)，且滿足xf′(x)－f(x)≤0，對(duì)任意正數(shù)a，b，若a

3、，x∈[－2，2]； ②f(x)的極值點(diǎn)有且僅有一個(gè)； ③f(x)的最大值與最小值之和等于0. 其中正確的結(jié)論有( )． A．0個(gè) B．1個(gè) C．2個(gè) D．3個(gè) 二、填空題(本大題共3小題，每小題6分，共18分) 7．在直徑為d的圓木中，截取一個(gè)具有最大抗彎強(qiáng)度的長(zhǎng)方體梁，則矩形面的長(zhǎng)為_(kāi)_________.(強(qiáng)度與bh2成正比，其中h為矩形的長(zhǎng)，b為矩形的寬) 8．函數(shù)f(x)＝x3－3a2x＋a(a>0)的極大值是正數(shù)，極小值是負(fù)數(shù)，則a的取值范圍是_____. 9．若點(diǎn)P是曲線y＝x2－ln x上任意一點(diǎn)，則點(diǎn)P到直線y＝x－2的最小距離為_(kāi)

4、_____. 三、解答題(本大題共3小題，共46分．解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟) 10．(本小題滿分15分)設(shè)x＝1與x＝2是函數(shù)f(x)＝aln x＋bx2＋x的兩個(gè)極值點(diǎn)． (1)試確定常數(shù)a和b的值； (2)試判斷x＝1，x＝2是函數(shù)f(x)的極大值點(diǎn)還是極小值點(diǎn)，并說(shuō)明理由． 11.(本小題滿分15分)(2020·安徽蚌埠二中5月質(zhì)檢，理17)設(shè)f(x)＝sin x＋ln x－kx，x∈(0，＋∞)，k>0. (1)若f(x)在上單調(diào)遞增，求k的取值范圍； (2)設(shè)g(x)＝sin x(x>0)，若y＝g(x)的圖象在y＝f(x)的圖象的上方，求k的取值

5、范圍． 12．(本小題滿分16分)已知f(x)＝xln x，g(x)＝－x2＋ax－3. (1)求函數(shù)f(x)在[t，t＋2](t>0)上的最小值； (2)對(duì)一切x∈(0，＋∞)，2f(x)≥g(x)恒成立，求實(shí)數(shù)a的取值范圍； (3)證明：對(duì)一切x∈(0，＋∞)，都有l(wèi)n x>－成立． 參考答案 一、選擇題 1．B 解析：由題意知f(5)＝－5＋8＝3，f′(5)＝－1，故f(5)＋f′(5)＝2.故選B. 理科用2.D 解析：x<0時(shí)，f(x)為增函數(shù)，所以導(dǎo)函數(shù)在x<0時(shí)大于零；x>0時(shí)，原函數(shù)先增后減再增，所以導(dǎo)函數(shù)先大于零再小于零之后又大于零．故選D. 3．D

6、解析：y′＝ln x＋1，令y′＝0，得x＝. 在上y′<0，在上y′>0， ∴y＝xln x在上單調(diào)遞減， 在上單調(diào)遞增．故選D. 4．A 解析：∵f′(1)＝2，∴tan α＝2. ∴sin 2α＝，cos 2α＝－. ∴sin＝(sin 2α＋cos 2α)＝.故選A. 5．A 解析：設(shè)F(x)＝，則F′(x)＝≤0， 故F(x)＝為減函數(shù)． 由0

7、)＝0得x＝±∈[－2,2]，∴極值點(diǎn)有兩個(gè)． ∵f(x)為奇函數(shù)，∴f(x)max＋f(x)min＝0. ∴①③正確，故選C. 二、填空題 7.d 解析：如圖為圓木的橫截面， 由b2＋h2＝d2，∴bh2＝b(d2－b2)． 設(shè)f(b)＝b(d2－b2)，∴f′(b)＝－3b2＋d2. 令f′(b)＝0，又∵b>0， ∴b＝d，且在上f′(b)>0，在上f′(b)<0. ∴函數(shù)f(b)在b＝d處取極大值，也是最大值，即抗彎強(qiáng)度最大，此時(shí)長(zhǎng)h＝d. 8. 解析：f′(x)＝3x2－3a2＝3(x＋a)(x－a)，由f′(x)＝0得x＝±a，當(dāng)－a

8、0，函數(shù)遞減； 當(dāng)x>a或x<－a時(shí)，f′(x)>0，函數(shù)遞增． ∴f(－a)＝－a3＋3a3＋a>0，且f(a)＝a3－3a3＋a<0，解得a>. 9. 解析：過(guò)點(diǎn)P作y＝x－2的平行直線，且與曲線y＝x2－ln x相切． 設(shè)P(x0，x20－ln x0)，則有k＝y(tǒng)′|x＝x0＝2x0－. ∴2x0－＝1， ∴x0＝1或x0＝－(舍去)， ∴P(1,1)，∴d＝＝. 三、解答題 10．解：(1)f′(x)＝＋2bx＋1. 由已知解得 (2)x變化時(shí)，f′(x)，f(x)的變化情況如下表： x (0,1) 1 (1,2) 2 (2，＋∞) f′(x)

9、－ 0 ＋ 0 － f(x) 極小值 極大值 ∴在x＝1處，函數(shù)f(x)取得極小值； 在x＝2處，函數(shù)f(x)取得極大值－ln 2. 11．解：(1)f′(x)＝cos x＋－k≥0，則k≤cos x＋. 而cos x＋在上遞減， ∴min＝，則k∈. (2)x>0時(shí)，g(x)>f(x)恒成立，則ln x－kx<0(x>0)恒成立． 令h(x)＝ln x－kx，則h′(x)＝－k.x∈時(shí)，h′(x)>0；x∈時(shí)，h′(x)<0， 則h(x)max＝h＝ln－1，則ln－1<0，則k>. 12．(1)解：f′(x)＝ln x＋1，則當(dāng)x∈時(shí)，f′(x)

10、<0，f(x)單調(diào)遞減；當(dāng)x∈時(shí)，f′(x)>0，f(x)單調(diào)遞增． ①00)，則h′(x)＝. ①x∈(0,1)，h′(x)<0，h(x)單調(diào)遞減； ②x∈(1，＋∞)，h′(x)>0，h(x)單調(diào)遞增． 所以h(x)min＝h(1)＝4，對(duì)一切x∈(0，＋∞),2f(x)≥g(x)恒成立．所以a≤h(x)min＝4，即a的取值范圍是(－∞，4]． (3)證明：?jiǎn)栴}等價(jià)于證明xln x>－(x∈(0，＋∞))， 由(1)可知f(x)＝xln x(x∈(0，＋∞))的最小值是－， 當(dāng)且僅當(dāng)x＝時(shí)取到． 設(shè)m(x)＝－(x∈(0，＋∞))，則m′(x)＝， 易知m(x)max＝－，當(dāng)且僅當(dāng)x＝1時(shí)取到， 從而對(duì)一切x∈(0，＋∞)，都有l(wèi)n x>－成立．