（江蘇專(zhuān)用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：選擇題提速練（六）

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1、（江蘇專(zhuān)用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：選擇題提速練（六） 一、單項(xiàng)選擇題(本題共6小題，每小題4分，共計(jì)24分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．) 1．(2018·南京市三模)下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子結(jié)合成氘核，一定會(huì)釋放出能量 B．湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，揭示了原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu) C．根據(jù)玻爾理論，電子沒(méi)有確定軌道，只存在電子云 D．氫原子可以吸收任意能量的光子，因而軌道半徑可以連續(xù)增大 答案　A 2．(2018·淮安、宿遷等期中)如圖1所示，x軸在水平地面上，y軸在豎直方向．圖中畫(huà)出了從y軸上不同位置沿x軸正向水平拋出的三個(gè)質(zhì)量相等小球a、b和

2、c的運(yùn)動(dòng)軌跡．小球a從(0,2L)拋出，落在(2L, 0)處；小球b、c從(L, 0)拋出，分別落在(2L,0)和(L,0)處．不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A．b的初速度是a的初速度的兩倍 B．b的初速度是a的初速度的倍 C．b的動(dòng)能增量是c的動(dòng)能增量的兩倍 D．a(chǎn)的動(dòng)能增量是c的動(dòng)能增量的倍 答案　B 解析　對(duì)a、b，根據(jù)t＝可知＝，根據(jù)v0＝可知＝，故A錯(cuò)誤，B正確；b、c的豎直位移相同，根據(jù)動(dòng)能定理ΔEk＝mgh可知，b的動(dòng)能增量等于c的動(dòng)能增量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；a的豎直位移等于c的2倍，根據(jù)動(dòng)能定理可知，a的動(dòng)能增量等于c的2倍，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 3．(2

3、018·南京市三模)如圖2，“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器運(yùn)行在平均高度約362千米的圓軌道上．在北京航天飛控中心監(jiān)控下，已于2018年4月2日8時(shí)15分左右再入大氣層燒毀，完成使命．關(guān)于“天宮一號(hào)”，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖2 A．在軌運(yùn)行的周期比月球繞地球的周期長(zhǎng) B．在軌運(yùn)行的加速度比地面重力加速度大 C．在軌運(yùn)行的速度比第一宇宙速度小 D．進(jìn)入大氣層后，速度增大，機(jī)械能增大 答案　C 4.某物體的v－t圖象如圖3所示，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖3 A．0～t1和t2～t3，合外力做功和沖量都相同 B．t1～t2和t3～t4，合外力做功和沖量都相同 C．0～t

4、2和t2～t4，合外力做功和沖量都相同 D．0～t1和t3～t4，合外力做功和沖量都相同 答案　C 解析　0～t1內(nèi)動(dòng)能變化量為mv02，動(dòng)量變化量為mv0，t2～t3內(nèi)動(dòng)能變化量為mv02，動(dòng)量變化量為－mv0，根據(jù)動(dòng)能定理可知，這兩段時(shí)間內(nèi)合外力做功相同；而根據(jù)動(dòng)量定理可知，合外力的沖量不同，故A錯(cuò)誤；t1～t2內(nèi)動(dòng)能變化量為0－mv02＝－mv02，動(dòng)量變化量為0－mv0＝－mv0，t3～t4內(nèi)動(dòng)能變化量為0－mv02＝－mv02，動(dòng)量變化量為0－(－mv0)＝mv0，則知?jiǎng)幽茏兓肯嗤?，而?dòng)量變化量不同，所以合外力做功相同，合外力的沖量不同，故B錯(cuò)誤；0～t2和t2～t4內(nèi)動(dòng)能變

5、化量均為0，動(dòng)量變化量均為0，可知合外力做功和沖量都相同，C正確；同理易知：0～t1和t3～t4內(nèi)動(dòng)能變化量不同，動(dòng)量變化量相同，故合外力做功不相同，合外力的沖量相同，故D錯(cuò)誤． 5．如圖4所示，Ⅰ和Ⅱ是一對(duì)異名磁極，ab為放在其間的金屬棒，ab棒和cd棒由導(dǎo)線連成一個(gè)閉合回路，當(dāng)ab棒向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd棒受到向下的磁場(chǎng)力．則(　　) 圖4 A．由此可知d電勢(shì)高于c電勢(shì) B．由此可知Ⅰ是S極 C．由此可知Ⅰ是N極 D．當(dāng)cd棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab棒受到向右的磁場(chǎng)力 答案　B 解析　cd棒受到的安培力向下，由左手定則可知，cd棒中電流方向由c指向d，所以c點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)

6、誤；結(jié)合A的分析可知，ab中的電流由b流向a，ab棒向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，由右手定則可知，ab棒所處位置磁場(chǎng)方向?yàn)樨Q直向上，則Ⅰ是S極，Ⅱ是N極，故B正確，C錯(cuò)誤；當(dāng)cd棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab棒受到向左的磁場(chǎng)力，故D錯(cuò)誤． 6．(2018·江蘇學(xué)校聯(lián)盟模擬)如圖5所示，固定的傾斜粗糙細(xì)桿與水平地面間的夾角為θ＝37°，質(zhì)量為1 kg的圓環(huán)套在細(xì)桿上．輕質(zhì)彈簧的一端固定在水平地面上的O點(diǎn)，另一端與圓環(huán)相連接，當(dāng)圓環(huán)在A點(diǎn)時(shí)彈簧恰好處于原長(zhǎng)狀態(tài)且與輕桿垂直．將圓環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放，滑到細(xì)桿的底端C點(diǎn)時(shí)速度為零．若圓環(huán)在C點(diǎn)獲得沿細(xì)桿向上且大小等于2 m/s的初速度，則圓環(huán)剛好能再次回到出發(fā)點(diǎn)A.已知B為AC的

7、中點(diǎn)，彈簧原長(zhǎng)為0.3 m，在圓環(huán)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.則(　　) 圖5 A．下滑過(guò)程中，圓環(huán)受到的合力一直在增大 B．下滑過(guò)程中，圓環(huán)與細(xì)桿摩擦產(chǎn)生的熱量為2 J C．在圓環(huán)從C點(diǎn)回到A點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧對(duì)圓環(huán)做的功為1.2 J D．圓環(huán)下滑經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度一定小于上滑時(shí)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度 答案　D 解析　下滑過(guò)程中，圓環(huán)受到重力、摩擦力、彈簧的彈力和桿的支持力，彈簧的彈力逐漸增大，圓環(huán)滑到細(xì)桿底端時(shí)速度為零，可知合力先減小后增大，故A錯(cuò)誤．設(shè)下滑過(guò)程中，圓環(huán)與細(xì)桿摩擦產(chǎn)生的熱量為Q，上滑時(shí)產(chǎn)生

8、的熱量也為Q.由能量守恒定律得：下滑過(guò)程有 Q＋Ep＝mgh 上滑過(guò)程有mv02＋Ep＝Q＋mgh 解得Q＝mv02＝×1×22 J＝1 J，故B錯(cuò)誤；Ep＝mgh－Q＝1×10×0.3×0.8 J－1 J＝1.4 J，故C錯(cuò)誤． 從B到C，由動(dòng)能定理得：－WF－Wf＋mgh＝mvB12－0 從C到B，由動(dòng)能定理得：WF－Wf－mgh＝0－mvB22 對(duì)比可得vB1＜vB2，即圓環(huán)下滑經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度一定小于上滑時(shí)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度，故D正確． 二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分．)

9、7．如圖6所示，兩質(zhì)量相等的物塊A、B通過(guò)一輕質(zhì)水平彈簧連接，B足夠長(zhǎng)、放置在水平面上，所有接觸面均光滑．彈簧開(kāi)始時(shí)處于原長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終處在彈性限度內(nèi)，在物塊A上施加一個(gè)水平恒力F，A、B從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次速度相等的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的有(　　) 圖6 A．A的加速度先增大后減小 B．B的加速度一直增大 C．當(dāng)A、B的速度相等時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大 D．當(dāng)A、B的加速度相等時(shí)，兩者的速度之差最小 答案　BC 解析　A、B第一次速度相等前，A的速度大于B，即彈簧長(zhǎng)度一直增加，彈力一直增大，故A的加速度一直減小，B的加速度一直增大，A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)A、B的速度相等時(shí)

10、，彈簧伸長(zhǎng)最長(zhǎng)，彈性勢(shì)能最大，C正確；因A的加速度一直減小，B的加速度一直增大，當(dāng)A、B的加速度相等時(shí)，兩者的速度之差最大，D錯(cuò)誤． 8．真空中，在x軸上的原點(diǎn)處和x＝6a處分別固定一個(gè)點(diǎn)電荷M、N，在x＝2a處由靜止釋放一個(gè)正點(diǎn)電荷P，假設(shè)電荷P只受電場(chǎng)力作用沿x軸方向運(yùn)動(dòng)，得到電荷P的速度與其在x軸上的位置關(guān)系如圖7所示，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖7 A．點(diǎn)電荷M、N一定都是正電荷 B．電荷P的電勢(shì)能一定是先減小后增大 C．點(diǎn)電荷M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為4∶1 D．x＝4a處的電勢(shì)一定為零 答案　ABC 解析　由題圖知，電荷P先加速后減速，在4a處速度最大，加

11、速度為零，可知4a處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，所以M、N均為正電荷，x＝4a處的電勢(shì)一定大于零，故A正確，D錯(cuò)誤；電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，所以電勢(shì)能先減小后增大，故B正確；在4a處，k＝k，得＝，所以C正確． 9．如圖8所示為磁流體發(fā)電機(jī)的原理圖，將一束等離子體(帶有等量正、負(fù)電荷的高速粒子流)噴射入磁場(chǎng)．在磁場(chǎng)中有兩塊金屬板A、B，這時(shí)金屬板上就會(huì)聚集電荷，產(chǎn)生電壓，如果射入的等離子體的速度為v，兩金屬板間距離為d，板的面積為S，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向與速度方向垂直，負(fù)載電阻為R.當(dāng)發(fā)電機(jī)穩(wěn)定發(fā)電時(shí)電動(dòng)勢(shì)為E，電流為I，則下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖8 A．A板為發(fā)電機(jī)的正極 B．其

12、他條件一定時(shí)，v越大，發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)E越大 C．其他條件一定時(shí)，S越大，發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)E越大 D．板間等離子體的電阻率為(－R) 答案　BD 解析　大量帶正電和帶負(fù)電的粒子射入磁場(chǎng)時(shí)，由左手定則可以判斷正電荷受到的洛倫茲力向下，所以正電荷會(huì)聚集在B板上，負(fù)電荷受到的洛倫茲力向上，負(fù)電荷聚集到A板上，故A板相當(dāng)于電源的負(fù)極，B板相當(dāng)于電源的正極，故A錯(cuò)誤；發(fā)電機(jī)穩(wěn)定發(fā)電時(shí)，洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，故Bqv＝q，解得：E＝Bdv，所以B正確，C錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律得，板間等離子體的電阻R′＝－R＝－R，由電阻定律得，R′＝ρ，解得ρ＝(－R)，故D正確． 10．(2018·徐州市考前模擬)如圖9所示，50匝的矩形導(dǎo)線框處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝ T的水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)通過(guò)滑環(huán)、電刷與理想變壓器原線圈相連接．已知線框面積S＝0.5 m2，線框和所有導(dǎo)線的電阻均不計(jì)．當(dāng)線框的角速度ω＝200 rad/s時(shí)，副線圈上連接的“220 V,60 W”燈泡恰好正常發(fā)光．則(　　) 圖9 A．從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，原線圈兩端的交變電壓u＝500sin 200t(V) B．理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為25∶11 C．理想變壓器原線圈中的電流為 A D．將一電熱器與燈泡并聯(lián)后，燈泡亮度變暗 答案　ABC