2022年高考物理一輪復(fù)習(xí)方案 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(五)

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1、 2022年高考物理一輪復(fù)習(xí)方案 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(五) 一、單項(xiàng)選擇題(每小題6分，共18分) 1．如圖D5－1所示，固定的傾斜光滑桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與豎直放置的輕質(zhì)彈簧一端相連，彈簧的另一端固定在地面上的A點(diǎn)，彈簧處于原長(zhǎng)h，讓圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端時(shí)速度為零，則在圓環(huán)下滑過程中(　　) 圖D5－1 A．圓環(huán)機(jī)械能守恒 B．彈簧的彈性勢(shì)能先增大后減小 C．彈簧的彈性勢(shì)能變化了mgh D．彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)圓環(huán)動(dòng)能最大 2．如圖D5－2所示，一根跨過輕質(zhì)定滑輪的不可伸長(zhǎng)的輕繩兩端各系一個(gè)物體A和B，不計(jì)摩擦．現(xiàn)將物體由靜止釋放，B物體下落H

2、高度時(shí)的速度為v，若在A的下方掛一個(gè)與A相同的物體，由靜止釋放，B向上運(yùn)動(dòng)距離為H時(shí)的速度大小仍為v，則A與B的質(zhì)量之比為(　　) A．1∶2　　　　　　　　　B．2∶3 C.∶2 D.∶3 圖D5－2 　　　　　　圖D5－3 3．如圖D5－3所示，豎直放置的輕彈簧上端與質(zhì)量為3 kg的物塊B相連接，另一個(gè)質(zhì)量為1 kg的物塊A放在B上．先向下壓A，然后釋放，A、B共同向上運(yùn)動(dòng)一段后將分離，分離后A又上升了0.2 m到達(dá)最高點(diǎn)，此時(shí)B的速度方向向下，且彈簧恰好為原長(zhǎng)．從A、B分離到A上升到最高點(diǎn)的過程中，彈簧彈力對(duì)B做的功及彈簧回到原長(zhǎng)時(shí)B的速度大小分別是(g＝10 m/s

3、2)(　　) A．12 J　2 m/s B．0　2 m/s C．0　0 D．4 J　2 m/s 二、雙項(xiàng)選擇題(每小題6分，共24分) 4．蹦床運(yùn)動(dòng)員與床墊接觸的過程如圖D5－4所示，可簡(jiǎn)化為下述模型：運(yùn)動(dòng)員從高處落到處于自然狀態(tài)的床墊(A位置)上，隨床墊一同向下做變速運(yùn)動(dòng)到達(dá)最低點(diǎn)(B位置)，有關(guān)運(yùn)動(dòng)員從A運(yùn)動(dòng)至B的過程，下列說法正確的是(　　) A．運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能守恒 B．運(yùn)動(dòng)員的速度一直減小 C．合力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做負(fù)功 D．運(yùn)動(dòng)員先失重后超重 圖D5－4 　　　圖D5－5 5．如圖D5－5所示，質(zhì)量相同的兩個(gè)物體A、B處于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面

4、下滑，B自由下落，最后到達(dá)同一水平面，則(　　) A．重力對(duì)兩個(gè)物體做的功相同 B．重力的平均功率相同 C．到達(dá)底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率PA

5、質(zhì)彈簧相連，用手拿著A，使彈簧豎直，A、B間距離L＝0.2 m，B剛剛與曲面接觸且距水平面的高度h＝0.1 m．此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能Ep＝1 J，自由釋放后兩球以及彈簧從靜止開始下滑到光滑地面上，以后一直沿光滑地面運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切碰撞時(shí)機(jī)械能的損失，g取10 m/s2.則下列說法中正確的是(　　) 圖D5－7 A．下滑的整個(gè)過程中彈簧和A球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 B．下滑的整個(gè)過程中兩球及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 C．B球剛到地面時(shí)，速度是 m/s D．當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，以地面為參考平面，兩球在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能為6 J 三、實(shí)驗(yàn)題(16分) 8．在用圖D5－8裝置進(jìn)行“

6、探究恒力做功與滑塊動(dòng)能變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)步驟： 圖D5－8 ①用墊塊將長(zhǎng)木板固定有定滑輪的一端墊起，在質(zhì)量為M的滑塊上系上細(xì)繩，細(xì)繩的另一端通過有光滑轉(zhuǎn)軸的定滑輪掛上鉤碼，細(xì)繩與木板平行； ②反復(fù)移動(dòng)墊塊的位置，調(diào)整長(zhǎng)木板的傾角θ，直至輕推滑塊后，滑塊沿長(zhǎng)木板向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)； ③取下細(xì)繩和鉤碼，同時(shí)記錄鉤碼的質(zhì)量m； ④保持長(zhǎng)木板的傾角不變；啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，讓滑塊沿長(zhǎng)木板向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)底端時(shí)關(guān)閉電源； ⑤取下紙帶進(jìn)行分析，計(jì)算恒力做的功與滑塊動(dòng)能的變化，探尋它們間的關(guān)系． 回答下列問題：(重力加速度為g，結(jié)果用已知和測(cè)量的物理量字母表示)

7、 (1)實(shí)驗(yàn)中，滑塊在勻加速下滑過程中所受的合力大小是用________替代的，其大小為F＝____________； (2)實(shí)驗(yàn)中得到的紙帶如圖D5－9所示，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為f，在紙帶上從某一點(diǎn)O開始每隔一個(gè)點(diǎn)選取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)有O、A、B、C、D、E、F、G，測(cè)得相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示： 圖D5－9 ①打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下A點(diǎn)時(shí)滑塊的速度vA＝________； ②選取紙帶上A、F兩點(diǎn)進(jìn)行研究，則從A到F，滑塊動(dòng)能的增加量ΔEk＝________；合力F做的功WF＝__________。若在誤差允許范圍內(nèi)ΔEk＝WF，則可初步確定恒力做的功等于滑塊動(dòng)能的變化．

8、四、計(jì)算題(42分) 9．(20分)如圖D5－10所示，足夠長(zhǎng)的傾角為θ的粗糙斜面上，有一質(zhì)量為m的滑塊距擋板P為L(zhǎng)，以初速度v0沿斜面下滑，并與擋板發(fā)生碰撞，滑塊與斜面動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，μ

9、 kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小物體，從D點(diǎn)的正上方E點(diǎn)處自由下落，D、E距離h＝1.6 m，物體與斜面AB之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5.取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8, g＝10 m/s2.求： (1)物體第一次通過C點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)物體的支持力N的大??； (2)要使物體不從斜面頂端飛出，斜面的長(zhǎng)度LAB至少要多長(zhǎng)； (3)若斜面已經(jīng)滿足(2)要求，物體從E點(diǎn)開始下落，直至最后在光滑圓弧軌道周期性運(yùn)動(dòng)，在此過程中系統(tǒng)因摩擦所產(chǎn)生的熱量Q的大?。? 圖D5－11 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(五) 1．C　[解析] 運(yùn)動(dòng)過程中，彈簧和圓環(huán)組成的系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，因彈簧彈力對(duì)圓環(huán)做功，

10、故圓環(huán)的機(jī)械能不守恒；對(duì)彈簧和圓環(huán)系統(tǒng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律知，當(dāng)圓環(huán)滑到桿底端時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能增大量等于圓環(huán)重力勢(shì)能的減小量mgh，又因彈簧先被壓縮后被拉伸，所以彈簧的彈性勢(shì)能先增大后減小再增大；圓環(huán)到達(dá)桿底端時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，此時(shí)圓環(huán)動(dòng)能為零． 2．C　[解析] 對(duì)兩個(gè)過程分別應(yīng)用機(jī)械能守恒定律得：mBgH－mAgH＝(mA＋mB)v2，2mAgH－mBgH＝(2mA＋mB)v2，聯(lián)立解得＝，選項(xiàng)C正確． 3．B　[解析] 當(dāng)兩個(gè)物塊共同向上運(yùn)動(dòng)時(shí)彈簧彈力減小，彈簧彈力恰好為零時(shí)，兩個(gè)物塊的共同加速度為重力加速度，此時(shí)兩個(gè)物塊恰好分離，A物塊做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可求

11、得A、B分離時(shí)的初速度v＝＝2 m/s，當(dāng)B回到彈簧原長(zhǎng)位置時(shí)，彈簧彈力又恰好為零，彈簧在此過程中做功為零，B的動(dòng)能與分離時(shí)的動(dòng)能相同，速度仍為2 m/s，B正確． 4．CD　[解析] 由能量守恒定律可知，運(yùn)動(dòng)員減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為床墊的彈性勢(shì)能，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)F彈＝mg時(shí)，a＝0，在此之前，F(xiàn)彈＜mg，加速度方向向下(失重)，物體做加速運(yùn)動(dòng)；在此之后，F(xiàn)彈＞mg，加速度方向向上(超重)，物體做減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確；從A位置到B位置，由動(dòng)能定理得，W合＝－Ek0，選項(xiàng)C正確． 5．AC　[解析] 兩個(gè)物體質(zhì)量相同、下落高度相同，故重力對(duì)兩個(gè)物體做的功相同，A正確；下落的時(shí)間不相

12、同，故重力的平均功率不相同，B錯(cuò)誤；對(duì)于物體A、B，只有重力做功，機(jī)械能守恒，可知兩個(gè)物體到達(dá)底端時(shí)動(dòng)能相同，即速度大小相等、方向不同，D錯(cuò)誤；由瞬時(shí)功率的計(jì)算式可得PA＝mgvcos θ，PB＝mgv，因此，到達(dá)底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率PA

13、則E＝E0－fs＝E0－f·at2，E－t圖象是開口向下的拋物線的一部分，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 7．BD　[解析] A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；B在運(yùn)動(dòng)過程中，除重力外彈簧對(duì)其做功，所以B的機(jī)械能不守恒，因此根據(jù)機(jī)械能守恒定律mBgh＝mBv2解得的v＝＝2 m/s是錯(cuò)誤的，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，到達(dá)地面時(shí)的機(jī)械能與剛釋放時(shí)的機(jī)械能相等，又彈簧處于原長(zhǎng)，則E＝Ek＝mAg(L＋h)＋mBgh＋Ep＝6 J，選項(xiàng)D正確． 8．(1)mg　(2)①?、赱(x6＋x7)2－(x1＋x2)2]　mg(x2＋x3＋x4＋x5＋x6) [解析] (1)滑塊勻速下滑時(shí)，

14、有Mgsinα＝mg＋f，滑塊勻速下滑時(shí)，滑塊所受合力F＝Mg sinα－f＝mg. (2)vA＝＝；vF＝，從A到F動(dòng)能的增加量ΔEk＝Mv－Mv＝[(x6＋x7)2－(x1＋x2)2]，合力F做的功WF＝mg(x2＋x3＋x4＋x5＋x6)． 9．(1) 　(2) [解析] (1)設(shè)滑塊第一次與擋板碰撞后上升離開擋板P的最大距離為x.對(duì)滑塊應(yīng)用動(dòng)能定理有 mg(L－x)sinθ－μmgcosθ(L＋x)＝0－mv 解得x＝. (2)最終滑塊必停靠在擋板處，設(shè)滑塊在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中通過的路程為s.根據(jù)能量守恒定律得 mgLsinθ＋mv＝μmgscosθ 解得s＝. 10．

15、(1)12.4 N　(2)2.4 m　(3)4.8 J [解析] (1)物體從E到C，由機(jī)械能守恒定律得： mg(h＋R)＝mv 在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得： N－mg＝ 聯(lián)立解得N＝12.4 N. (2)從E→D→C→B→A過程，由動(dòng)能定理得 WG－Wf＝0 其中WG＝mg[(h＋Rcos37°)－LABsin37°] Wf＝μmgLABcos37° 聯(lián)立解得LAB＝2.4 m. (3)因?yàn)閙gsin37°＞μmgcos37°，所以物體不會(huì)停在斜面上，物體最后以C為中心，B為一側(cè)最高點(diǎn)沿圓弧軌道做往返運(yùn)動(dòng)． 從E點(diǎn)開始直至穩(wěn)定，系統(tǒng)因摩擦所產(chǎn)生的熱量 Q＝ΔEp ΔEp＝mg(h＋Rcos37°) 聯(lián)立解得Q＝4.8 J.