2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時(shí)專(zhuān)練2 選擇題+選考題(二)

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1、2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時(shí)專(zhuān)練2 選擇題+選考題(二) 一、選擇題(本題共8小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．) 14．(2018·海南省五校一模)真空中有一平行板電容器，電容為C，兩極板分別由鉑和鉀(其極限頻率分別為ν1和ν2)制成，板間距離為d.現(xiàn)用頻率為ν(ν2<ν<ν1)的單色光持續(xù)照射兩極板內(nèi)表面，假設(shè)所有逸出的電子都能垂直運(yùn)動(dòng)到另一極板，忽略電子的重力和電子之間的相互作用，電子的電荷量為e，普朗克常量為h，則電容器兩極板最終帶電情況是(　　) A．鉀極板帶負(fù)電，帶電荷量為C B．鉀極板帶正電，帶

2、電荷量為C C．鉑極板帶負(fù)電，帶電荷量為C D．鉑極板帶正電，帶電荷量為C [解析]　當(dāng)用頻率為ν的單色光持續(xù)照射兩極板內(nèi)表面時(shí)，只在鉀極板上發(fā)生光電效應(yīng)，所以鉀極板帶正電，鉑極板帶負(fù)電．根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程得mv2＝hν－h(huán)ν2，在兩極板間所形成的最大電壓為U＝，所以鉀極板的帶電荷量為C，即B正確． [答案]　B 15．(2018·漢中高三檢測(cè))在維護(hù)和檢修高壓供電線(xiàn)路時(shí)，為了不影響城市用電，電工經(jīng)常要在高壓線(xiàn)上帶電作業(yè)．為了保障電工的安全，電工全身要穿上用金屬絲線(xiàn)編織的衣服(如圖甲)．圖乙中電工站在高壓直流輸電線(xiàn)的A供電線(xiàn)上作業(yè)，其頭頂上方有B供電線(xiàn)，B供電線(xiàn)的電勢(shì)高于A供電

3、線(xiàn)的電勢(shì)．虛線(xiàn)表示電工周?chē)骋唤孛嫔系牡葎?shì)面，c、d、e、f是不同等勢(shì)面上的四個(gè)點(diǎn)，以下說(shuō)法中正確的是(　　) A．在c、d、e、f四點(diǎn)中，c點(diǎn)的電場(chǎng)最強(qiáng) B．在c、d、e、f四點(diǎn)中，f點(diǎn)的電勢(shì)最高 C．若將某電子由c移到f，其電勢(shì)能將增大 D．若將電子在d點(diǎn)由靜止釋放，它會(huì)向e點(diǎn)所在等勢(shì)面運(yùn)動(dòng) [解析]　依據(jù)等勢(shì)線(xiàn)的疏密程度，可知在c、d、e、f四點(diǎn)中，f點(diǎn)的電場(chǎng)最強(qiáng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；因B供電線(xiàn)的電勢(shì)高于A供電線(xiàn)的電勢(shì)，則在c、d、e、f四點(diǎn)中，c點(diǎn)的電勢(shì)最高，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若將某電子由c移到f，即從高電勢(shì)移動(dòng)到低電勢(shì)，又電子帶負(fù)電，則其電勢(shì)能將增大，選項(xiàng)C正確；沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向，電勢(shì)

4、是降低的，故電場(chǎng)線(xiàn)方向?yàn)閺腸指向f，若將某電子在d點(diǎn)由靜止釋放，在電場(chǎng)力作用下，它會(huì)向c點(diǎn)所在等勢(shì)面運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． [答案]　C 16．(2018·福州市高三期末)甲、乙兩車(chē)沿水平方向做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻剛好經(jīng)過(guò)同一位置，此時(shí)甲的速度為5 m/s，乙的速度為10 m/s，以此時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，它們的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示，則(　　) A．在t＝4 s時(shí)，甲、乙兩車(chē)相距最遠(yuǎn) B．在t＝10 s時(shí)，乙車(chē)恰好回到出發(fā)點(diǎn) C．乙車(chē)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度的方向保持不變 D．乙車(chē)做加速度先增大后減小的變加速運(yùn)動(dòng) [解析]　v－t圖線(xiàn)與橫軸所圍成的面積表示物體的位移，在0～4 s時(shí)間內(nèi)，乙

5、車(chē)始終在甲車(chē)前方，但t＝10 s時(shí)，乙車(chē)停止運(yùn)動(dòng)，甲車(chē)已超過(guò)乙車(chē)，且兩車(chē)的距離比t＝4 s時(shí)大，A錯(cuò)誤；0～10 s時(shí)間內(nèi)，乙車(chē)的速度方向始終與所選的正方向相同，乙車(chē)的運(yùn)動(dòng)方向沒(méi)有發(fā)生改變，所以t＝10 s時(shí)，乙車(chē)離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，B錯(cuò)誤，C正確；v－t圖線(xiàn)的斜率表示加速度，所以乙車(chē)的加速度先減小再增大，再減小，D錯(cuò)誤． [答案]　C 17．(2018·貴陽(yáng)市期末)如圖甲所示，在同一平面內(nèi)有兩個(gè)絕緣金屬細(xì)圓環(huán)A、B，兩環(huán)重疊部分的面積為圓環(huán)A面積的一半，圓環(huán)B中電流i隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，以圖甲中圓環(huán)B中所示的電流方向?yàn)樨?fù)方向，則A環(huán)中(　　) A．沒(méi)有感應(yīng)電流 B．有逆時(shí)針?lè)?/p>

6、向的感應(yīng)電流 C．有順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 D．感應(yīng)電流先沿順時(shí)針?lè)较颍笱啬鏁r(shí)針?lè)较? [解析]　由于B環(huán)中的電流發(fā)生變化，A環(huán)中的磁通量發(fā)生變化，所以A環(huán)中有感應(yīng)電流，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律和安培定則知，A環(huán)中的磁通量先垂直紙面向外減少，后垂直紙面向里增多，故A環(huán)中產(chǎn)生沿逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，選項(xiàng)B正確，C、D錯(cuò)誤． [答案]　B 18．(2018·洛陽(yáng)市高三統(tǒng)考)如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量均為m，疊放在輕質(zhì)彈簧上(彈簧下端固定于地面上)，對(duì)A施加一豎直向下、大小為F(F>2mg)的力，將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內(nèi))而處于平衡狀態(tài)，現(xiàn)突然撤去力F，設(shè)兩物體向上運(yùn)動(dòng)過(guò)

7、程中A、B間的相互作用力大小為FN，不計(jì)空氣阻力，則關(guān)于FN的說(shuō)法正確的是(重力加速度為g)(　　) A．剛撤去力F時(shí)，F(xiàn)N＝ B．彈簧彈力大小為F時(shí)，F(xiàn)N＝ C．A、B的速度最大時(shí)，F(xiàn)N＝2mg D．彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，F(xiàn)N＝mg [解析]　對(duì)A施加一豎直向下、大小為F(F>2mg)的力，將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內(nèi))而處于平衡狀態(tài)，彈簧彈力大小為F＋2mg.剛撤去力F時(shí)，A、B向上加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得，a＝，對(duì)A受力分析，由牛頓第二定律有，F(xiàn)N－mg＝ma，解得FN＝，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．當(dāng)彈簧彈力大小為F時(shí)，對(duì)A、B整體，由牛頓第二定律有，F(xiàn)－2mg＝2ma1，

8、隔離A，由牛頓第二定律有，F(xiàn)N－mg＝ma1，解得FN＝，選項(xiàng)B正確．A、B的速度最大時(shí)，加速度為零，彈簧彈力大小為2mg，F(xiàn)N＝mg，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，A、B只受重力向上運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)N＝0，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． [答案]　B 19．(2018·河南鄭州二次質(zhì)檢)如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域 內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.M為磁場(chǎng)邊界上一點(diǎn)，有無(wú)數(shù)個(gè)帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的相同粒子(不計(jì)重力)在紙面內(nèi)向各個(gè)方向以相同的速率通過(guò)M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長(zhǎng)是圓周長(zhǎng)的.下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速

9、率為v＝ B．粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率為v＝ C．若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到B，則粒子射出邊界的圓弧長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的 D．若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到B，則粒子射出邊界的圓弧長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的 [解析]　設(shè)從M點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為P，如圖甲所示，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡圓直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，相應(yīng)的弧長(zhǎng)為圓周長(zhǎng)的，所以∠MOP＝120°；結(jié)合幾何關(guān)系有r＝，又PM＝2Rcos30°，解得r＝R，洛倫茲力充當(dāng)向心力，根據(jù)牛頓第二定律有qvB＝m，解得v＝，A正確，B錯(cuò)誤；若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到B，則粒子的軌道半徑r1＝，解得r1＝，作出粒子的軌跡，如圖乙所示，由幾何關(guān)系可知∠MOP＝

10、60°，則粒子射出邊界的圓弧長(zhǎng)變?yōu)樵瓉?lái)的一半，C正確；若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到B，則粒子的軌道半徑r2＝，解得r2＝，作出粒子的軌跡，如圖丙所示，由幾何關(guān)系可知∠MOP＝90°，則粒子射出邊界的圓弧長(zhǎng)變?yōu)樵瓉?lái)的，D錯(cuò)誤． [答案]　AC 20.如圖所示，a、b兩端接在正弦交流電源上，原、副線(xiàn)圈回路中A、B電阻阻值相同，原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為n1∶n2＝3∶1，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A、B電阻電流之比為1∶3 B．A、B電阻電壓之比為3∶1 C．A、B電阻功率之比為1∶1 D．A電阻兩端電壓與原線(xiàn)圈輸入電壓之比為1∶9 [解析]　根據(jù)＝＝得，U1＝3U2＝3UB，根據(jù)

11、＝＝，選項(xiàng)A正確；UA＝I1R＝I2R＝UB，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；＝·＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；＝，選項(xiàng)D正確． [答案]　AD 21．(2018·浙江五校聯(lián)考)如圖所示，滑塊A、B的質(zhì)量均為m，A套在傾斜固定的直桿上，傾斜桿與水平面成45°角，B套在水平固定的直桿上，兩桿分離不接觸，兩直桿間的距離忽略不計(jì)，兩直桿足夠長(zhǎng)，A、B通過(guò)鉸鏈用長(zhǎng)度為L(zhǎng)的剛性輕桿(初始時(shí)輕桿與水平面成30°角)連接，A、B從靜止釋放，B開(kāi)始沿水平桿向右運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切摩擦，滑塊A、B視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 B．當(dāng)A到達(dá)B所在的水平面時(shí)，A的速度為 C．B到達(dá)最右端

12、時(shí)，A的速度為 D．B的最大速度為 [解析]　因不計(jì)一切摩擦，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A正確；當(dāng)A到達(dá)B所在水平面時(shí)，有mg·＝mv＋mv，將A的速度沿水平方向和豎直方向分解，則A、B的速度關(guān)系為vB＝vA，得vA＝，故B錯(cuò)誤；B到達(dá)最右端時(shí)，B的速度為零，此時(shí)A、B的位置如圖1所示，則有mg·L＝mv′，解得v′A＝，故C錯(cuò)誤；當(dāng)A滑到最低點(diǎn)時(shí)，速度為零，B的速度最大，此時(shí)A、B的位置如圖2所示，則有mg·L＝mv′，解得v′B＝，故D正確． [答案]　AD 二、選考題(從兩道題中任選一題作答) 33．(2018·江西六校聯(lián)考)[物理——選修3－3] (1)(多選)如圖所示，質(zhì)量為

13、m的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞與氣缸之間無(wú)摩擦，a狀態(tài)是氣缸放在冰水混合物中氣體達(dá)到的平衡狀態(tài)，在活塞上加一質(zhì)量為m的砝碼，經(jīng)過(guò)過(guò)程Ⅰ達(dá)到b狀態(tài)，再將氣缸從容器中移出后，經(jīng)過(guò)過(guò)程Ⅱ在室溫(27 ℃)中達(dá)到c狀態(tài)，已知大氣壓強(qiáng)保持不變．下列說(shuō)法中正確的是________． A．過(guò)程Ⅰ中理想氣體從外界吸收熱量 B．過(guò)程Ⅱ中理想氣體從外界吸收熱量 C．c狀態(tài)與a狀態(tài)相比，c狀態(tài)的氣體分子對(duì)活塞的作用力較大 D．理想氣體在b狀態(tài)的內(nèi)能大于在a狀態(tài)的內(nèi)能 E．理想氣體在c狀態(tài)的內(nèi)能大于在a狀態(tài)的內(nèi)能 (2)如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓柱形氣缸豎直倒立在兩木塊上，氣缸底水平，氣缸

14、質(zhì)量為M＝20 kg、橫截面積為S＝5.0×10－3 m2、高為H＝0.5 m，質(zhì)量m＝10 kg的活塞在氣缸中封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，氣體溫度t1＝27 ℃，活塞靜止，此時(shí)活塞到氣缸開(kāi)口端的距離為h＝0.1 m．通過(guò)一定的方法使氣缸內(nèi)封閉氣體從外界吸收了熱量Q＝620 J，此時(shí)氣體溫度為t2＝177 ℃，已知大氣壓強(qiáng)為p0＝1.0×105 Pa，重力加速度大小g＝10 m/s2，求 ①最終氣體的壓強(qiáng)； ②此過(guò)程中封閉氣體的內(nèi)能變化． [解析]　(1)過(guò)程Ⅰ中外界對(duì)氣體做功，內(nèi)能不變，理想氣體放出熱量，A錯(cuò)誤；過(guò)程Ⅱ中理想氣體對(duì)外做功，內(nèi)能增大，理想氣體從外界吸收熱量，B正確；由于

15、c狀態(tài)的壓強(qiáng)大于a狀態(tài)的壓強(qiáng)，所以c狀態(tài)的氣體分子對(duì)活塞的作用力較大，C正確；理想氣體在b狀態(tài)的溫度等于在a狀態(tài)的溫度，在b狀態(tài)的內(nèi)能等于在a狀態(tài)的內(nèi)能，D錯(cuò)誤；理想氣體在c狀態(tài)的溫度高于在a狀態(tài)的溫度，在c狀態(tài)的內(nèi)能大于在a狀態(tài)的內(nèi)能，E正確． (2)①初始時(shí)氣體壓強(qiáng)為p1＝p0－＝0.8×105 Pa 氣體體積V1＝(H－h(huán))S，溫度T1＝300 K 假設(shè)氣缸足夠長(zhǎng)，溫度變?yōu)門(mén)2＝(273＋177) K，根據(jù)蓋—薩克定律有＝ 解得V2＝0.6S>V0(氣缸體積)，表明活塞向下移動(dòng)h后氣體做等容變化 氣體終態(tài)：壓強(qiáng)為p3，體積V3＝V0，溫度T3＝T2 根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有＝

16、 解得p3＝0.96×105 Pa ②封閉氣體在等壓變化過(guò)程中氣體對(duì)外界做的功W＝p1hS 對(duì)封閉氣體，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律有ΔU＝Q－W 解得ΔU＝580 J，氣體內(nèi)能增加580 J. [答案]　(1)BCE　(2)①0.96×105 Pa?、谠黾?80 J 34．(2018·河北各校聯(lián)盟)[物理——選修3－4] (1)如圖所示是水平面上兩列頻率相同的波在某時(shí)刻的疊加情況，圖中實(shí)線(xiàn)為波峰，虛線(xiàn)為波谷．已知兩列波的振幅分別為4 cm和3 cm，波速均為v＝2 m/s，波長(zhǎng)均為λ＝8 cm，E點(diǎn)是B、D和A、C連線(xiàn)的交點(diǎn)，則B處質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)________(選填“加強(qiáng)”或“減弱”)的點(diǎn)，

17、E處質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)________(選填“加強(qiáng)”或“減弱”)的點(diǎn)，圖示時(shí)刻B、D兩處兩質(zhì)點(diǎn)的豎直高度差是________cm. (2)水晶是一種石英結(jié)晶體礦物，其折射率范圍為1.544～1.553，不良商家常用碳酸聚酯(折射率一般大于1.6)制成假水晶飾品充當(dāng)真水晶高價(jià)來(lái)賣(mài)．某人在旅游時(shí)買(mǎi)到一水晶飾品，其截面為直角三角形，如圖所示．為了檢驗(yàn)其真假，他用量角器測(cè)量可知∠C＝60°，∠B＝30°.他用一束紅色激光射向AC面，方向與AC面夾角為θ＝30°，折射后的光線(xiàn)MN平行于底邊BC.根據(jù)以上數(shù)據(jù)，回答下列問(wèn)題： ①該飾品是否是真水晶？紅色激光束在N點(diǎn)能否發(fā)生全反射？如果能，畫(huà)出由底邊BC

18、射出的光線(xiàn)． ②如果將綠色激光從M點(diǎn)射向AC面，方向與AC面夾角為θ＝30°，其在AC面的折射角是大于30°還是小于30°？ [解析]　(1)實(shí)線(xiàn)交點(diǎn)或虛線(xiàn)交點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，實(shí)線(xiàn)與虛線(xiàn)的交點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，振幅分別為|A1＋A2|和|A1－A2|，對(duì)照題圖，A、C兩點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，B、D兩點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，B、D連線(xiàn)上各點(diǎn)振動(dòng)也加強(qiáng)，形成振動(dòng)加強(qiáng)的區(qū)域，所以E點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)．此刻D處 質(zhì)點(diǎn)的位移應(yīng)是|A1＋A2|＝7 cm，B處質(zhì)點(diǎn)的位移應(yīng)是－7 cm，B、D兩處質(zhì)點(diǎn)的豎直高度差為14 cm. (2)①光線(xiàn)在AC界面的入射角θ1＝60°，折射角θ2＝30° 根據(jù)折射定律得n＝＝＝>1.6，說(shuō)明該飾品不是真水晶 由幾何關(guān)系知，光線(xiàn)在AB界面的入射角為θ3＝60° 而臨界角C′的正弦值sinC′＝＝ sin60°＝，則光線(xiàn)在AB界面的入射角θ3>C′ 所以光線(xiàn)在N點(diǎn)將發(fā)生全反射，光路如圖 ②因?yàn)榫G光的頻率大于紅光的頻率，所以該水晶對(duì)綠光的折射率大于對(duì)紅光的折射率，從而可得其在AC面的折射角小于30°. [答案]　(1)加強(qiáng)　加強(qiáng)　14　(2)①不是　能 ②小于30°