2022屆高考物理總復(fù)習(xí) 4-2 拋體運動針對訓(xùn)練（含解析） 新人教版

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1、2022屆高考物理總復(fù)習(xí) 4-2 拋體運動針對訓(xùn)練（含解析） 新人教版 1．在地面上方某點將一小球以一定的初速度沿水平方向拋出，不計空氣阻力，則小球在隨后的運動中(　　) A．速度和加速度的方向都在不斷變化 B．速度與加速度方向之間的夾角一直減小 C．在相等的時間間隔內(nèi)，速率的改變量相等 D．在相等的時間間隔內(nèi)，動能的改變量相等 解析：由于物體只受重力作用，做平拋運動，故加速度不變，速度大小和方向時刻在變化，選項A錯誤；設(shè)某時刻速度與豎直方向夾角為θ，則tanθ＝＝，隨著時間t變大，tanθ變小，θ變小，故B正確；根據(jù)加速度定義式a＝＝g，則Δv＝gΔt，即在相等的時間間隔內(nèi)，速度

2、的改變量相等，但速率的改變量不相等，故C錯誤；根據(jù)動能定理，在相等的時間間隔內(nèi)，動能的改變量等于重力做的功，即WG＝mgh，對于平拋運動，由于在豎直方向上，在相等時間間隔內(nèi)的位移不相等，故D錯誤． 答案：B 圖4－2－29 2．(多選)如圖4－2－29所示，從某高度處水平拋出一小球，經(jīng)過時間t到達地面時，速度與水平方向的夾角為θ，不計空氣阻力，重力加速度為g.下列說法正確的是(　　) A．小球水平拋出時的初速度大小為 B．小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為 C．若小球初速度增大，則平拋運動的時間變長 D．若小球初速度增大，則θ減小 解析：由tanθ＝可得小球平拋的初

3、速度大小v0＝，A正確；由tanα＝＝＝＝tanθ 可知，α≠，B錯誤；小球做平拋運動的時間t＝ ，與小球初速度無關(guān)，C錯誤；由tanθ＝可知，v0越大，θ越小，D正確． 答案：AD 圖4－2－30 3．(2019年呼倫貝爾一模)如圖4－2－30所示，在同一平臺上的O點水平拋出的三個物體，分別落到a、b、c三點，則三個物體運動的初速度va、vb、vc和運動的時間ta、tb、tc的關(guān)系分別是(　　) A．va>vb>vc　ta>tb>tc　　B．vatb>tc D．va>vb>vc　ta

4、的高度ha>hb>hc，根據(jù)h＝gt2，知ta>tb>tc，根據(jù)xahb，故b球先落地，A錯誤，B正確；兩球的運

5、動軌跡相交于P點，但兩球不會同時到達P點，故無論兩球初速度大小多大，兩球總不能相遇，C錯誤，D正確． 答案：BD 5．(2019年江西重點一模)如圖4－2－32是一固定的半圓形豎直軌道，AB為水平直徑，O為圓心，同時從A點水平拋出甲、乙兩個小球，速度分別為v1、v2，分別落在C、D兩點，OC、OD與豎直方向的夾角均為37°，(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)則(　　) 圖4－2－32 A．甲、乙兩球下落到軌道的時間不等 B．甲、乙兩球下落到軌道的速度變化不等 C．v1∶v2＝1∶3 D．v1∶v2＝1∶4 解析：由題圖可知，兩個小球下落的高度是相等的，根據(jù)h＝g

6、t2可知，甲、乙兩球下落到軌道的時間相等，速度變化量Δv＝gt相同，故A、B錯誤；設(shè)圓形軌道的半徑為R，則A到C的水平位移分別為x1＝R－Rsin37°＝0.4R，x2＝R＋Rsin37°＝1.6R，則x2＝4x1；由v＝可知，v2＝4v1，故C錯誤，D正確． 答案：D 6．(2019年大慶聯(lián)考)(多選)如圖4－2－33所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高處水平越過球網(wǎng)，不計乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力，乒乓球自最高點到落臺的過程中，下列說法正確的是(　　) 圖4－2－33 A．過網(wǎng)時球1的速度小于球2的速度 B．球1的飛行時間大于球2的飛行時間 C．球1的速度變化率等于球2的速度變化率 D．落臺時，球1的重力功率等于球2的重力功率 解析：由h＝gt2知兩球運動時間相等，B錯誤；由于球1水平位移大，故水平速度大，A錯誤；兩球都做平拋運動，故加速度等大，即速度變化率相等，C正確；由v＝2gh可知落臺時兩球豎直速度等大，又因為重力等大，故落臺時兩球的重力功率等大，D正確． 答案：CD