2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題突破練1 選擇題、填空題的解法 理

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1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題突破練1 選擇題、填空題的解法 理 一、選擇題 1.方程ax2+2x+1=0至少有一個負(fù)根的充要條件是(　　) 　 　　　　　　　　　　　　　　　 A.0

2、.-2 D.-1 4.設(shè)f(x)=ln x,0p C.p=rq 5.若(1+mx)6=a0+a1x+a2x2+…+a6x6,且a1+a2+a3+…+a6=63,則實數(shù)m的值為(　　) A.1 B.-1 C.-3 D.1或-3 6.已知定義在R上的函數(shù)f(x)滿足:對任意實數(shù)x,都有f(1+x)=f(1-x),且f(x)在(-∞,1]上單調(diào)遞增.若x1

3、.f(x1)f(x2) D.不能確定 7.已知f(x)是定義在R上的可導(dǎo)函數(shù),f(x)+f'(x)>0,且f(1)=0,則不等式f(x)>0的解集是(　　) A.(0,+∞) B.(0,1) C.(1,+∞) D.(-∞,0) 8.設(shè)函數(shù)f(x)=則滿足f(f(a))=2f(a)的a的取值范圍是(　　) A. B. [0,1] C. D.[1,+∞) 9.已知f(x)=loga(x-1)+1(a>0,且a≠1)恒過定點M,且點M在直線=1(m>0,n>0)上,則m+n的最小值為(　　) A.3+

4、2 B.8 C.4 D.4 10.(2018山東濟(jì)南二模,理10)設(shè)橢圓C:=1(a>0,b>0)的左、右焦點分別為F1,F2,點E(0,t)(0b>1,則logab,logba,logabb的大小關(guān)系是　　　　　　　　　　.(用“<”連接)? 12.不論k為何實數(shù),直線y=kx+1與圓x2+y2-2ax+a2-2a-4=0恒有交點,則實數(shù)a的取值范圍是　　　　　.? 13.函數(shù)f(x)=4cos2cos-2sin

5、 x-|ln(x+1)|的零點個數(shù)為　　　　　.? 14.已知定義在R上的奇函數(shù)f(x)滿足f(x-4)=-f(x),且在區(qū)間[0,2]上是增函數(shù),若方程f(x)=m(m>0)在區(qū)間[-8,8]上有四個不同的根x1,x2,x3,x4,則x1+x2+x3+x4=　　　　　.? 15.已知函數(shù)f(x)是定義在R上的可導(dǎo)函數(shù),其導(dǎo)函數(shù)記為f'(x),若對于?x∈R,有f(x)>f'(x),且y=f(x)-1是奇函數(shù),則不等式f(x)

6、題、填空題的解法 1.C　解析 當(dāng)a=0時,x=-,符合題意,排除A,D;當(dāng)a=1時,x=-1,符合題意,排除B.故選C. 2.D　解析 ∵z==1+i, ∴|z|=復(fù)數(shù)的虛部是1. =1-i. 復(fù)數(shù)在復(fù)平面內(nèi)所對應(yīng)的點為(1,1),顯然在第一象限.故選D. 3.C　解析 2()=,∴2, =-2,故選C. 4.C　解析 f(x)=ln x是增函數(shù),根據(jù)條件不妨取a=1,b=e,則p=f()=ln,q=f>f()=,r=[f(1)+f(e)]=在這種特例情況下滿足p=r

7、 ∵a1+a2+…+a6=63, ∴(1+m)6=64=26. ∴m=1或m=-3. 6.C　解析 由f(1+x)=f(1-x)知,函數(shù)y=f(x)的圖象關(guān)于直線x=1對稱.又f(x)在(-∞,1]上單調(diào)遞增,所以f(x)在[1,+∞)上單調(diào)遞減.設(shè)點A(x1,0),B(x2,0),因為x1f(x2). 7.C　解析 設(shè)g(x)=exf(x)(x∈R),則g'(x)=ex[f(x)+f'(x)]>0, ∴g(x)單調(diào)遞增, ∵f(1)=0,∴g(1)=0, ∴f(x)>0等價于

8、g(x)>0=g(1), ∴x>1. ∴f(x)>0的解集是(1,+∞). 8.C　解析 當(dāng)a=2時,f(a)=f(2)=22=4>1,f(f(a))=2f(a), ∴a=2滿足題意,排除A,B選項;當(dāng)a=時,f(a)=f=3-1=1,f(f(a))=2f(a),∴a=滿足題意,排除D選項,故答案為C. 9.A　解析 因為f(x)=loga(x-1)+1(a>0,且a≠1)恒過定點M(2,1),所以M(2,1)在直線=1上,可得=1,m+n=(m+n)=3+3+2,m+n的最小值為3+2,故選A. 10.A　解析 △PEF2的周長為|PE|+|PF2|+|EF2|=|PE|+2a-

9、|PF1|+|EF2|=2a+|EF2|+|PE|-|PF1|≥2a+|EF2|-|EF1|=2a=4b, 故e=,故選A. 11.logabb0,則a>-2.注意到直線y=kx+1恒過定點(0,1),所以題設(shè)條件等價于點(0,1)在圓內(nèi)或圓上,則有02+12-2a·0+a2-2a-4≤0,即a2-2a-3≤0,解得-1≤a≤3.綜上,-1≤a≤3. 13.

10、2　解析 由題意可得f(x)=4cos2sin x-2sin x-|ln(x+1)|=2sin x-|ln(x+1)|=sin 2x-|ln(x+1)|. 令f(x)=0,得sin 2x=|ln(x+1)|.在同一平面直角坐標(biāo)系中作出兩個函數(shù)y=sin 2x與函數(shù)y=|ln(x+1)|的大致圖象,如圖所示. 觀察圖象可知,兩函數(shù)圖象有2個交點,故函數(shù)f(x)有2個零點. 14.-8　解析 根據(jù)函數(shù)特點取f(x)=sinx,再由圖象可得(x1+x2)+(x3+x4)=(-6×2)+(2×2)=-8. 15.(0,+∞)　解析 由題意令g(x)=,則g'(x)=, ∵f(x)>f

11、'(x),∴g'(x)<0, 故函數(shù)g(x)=在R上單調(diào)遞減.∵y=f(x)-1是奇函數(shù), ∴f(0)-1=0,即f(0)=1,g(0)=1,則不等式f(x)0. 16(2,+∞)　解析 由x2; 由x≥g(x),得x≥x2-2, ∴-1≤x≤2.∴f(x)= 即f(x)= 當(dāng)x<-1時,f(x)>2;當(dāng)x>2時,f(x)>8.∴當(dāng)x∈(-∞,-1)∪(2,+∞)時,函數(shù)的值域為(2,+∞). 當(dāng)-1≤x≤2時,-f(x)≤0. ∴當(dāng)x∈[-1,2]時,函數(shù)的值域為綜上可知,f(x)的值域為(2,+∞).