2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題四 數(shù)列 專題對(duì)點(diǎn)練13 等差、等比數(shù)列與數(shù)列的通項(xiàng)及求和 文

《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題四 數(shù)列 專題對(duì)點(diǎn)練13 等差、等比數(shù)列與數(shù)列的通項(xiàng)及求和 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題四 數(shù)列 專題對(duì)點(diǎn)練13 等差、等比數(shù)列與數(shù)列的通項(xiàng)及求和 文（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題四 數(shù)列 專題對(duì)點(diǎn)練13 等差、等比數(shù)列與數(shù)列的通項(xiàng)及求和 文 1.已知各項(xiàng)都為正數(shù)的數(shù)列{an}滿足a1=1,-(2an+1-1)·an-2an+1=0. (1)求a2,a3; (2)求{an}的通項(xiàng)公式. 2.(2018北京,文15)設(shè){an}是等差數(shù)列,且a1=ln 2,a2+a3=5ln 2. (1)求{an}的通項(xiàng)公式; (2)求+…+. 3.(2018全國(guó)Ⅲ,文17)等比數(shù)列{an}中,a1=1,a5=4a3. (1)求{an}的通項(xiàng)公式; (2)記Sn為{an}的前n

2、項(xiàng)和,若Sm=63,求m. 4.在等差數(shù)列{an}中,a2+a7=-23,a3+a8=-29. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)設(shè)數(shù)列{an+bn}是首項(xiàng)為1,公比為2的等比數(shù)列,求{bn}的前n項(xiàng)和Sn. 5.(2018天津,文18)設(shè){an}是等差數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn(n∈N*);{bn}是等比數(shù)列,公比大于0,其前n項(xiàng)和為T(mén)n(n∈N*).已知b1=1,b3=b2+2,b4=a3+a5,b5=a4+2a6. (1)求Sn和Tn; (2)若Sn+(T1+T2+…+Tn)=an+

3、4bn,求正整數(shù)n的值. 6.在等差數(shù)列{an}中,a7=8,a19=2a9. (1)求{an}的通項(xiàng)公式; (2)設(shè)bn=,求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Sn. 7.已知{an}是各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列,且a1+a2=6,a1a2=a3. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2){bn}為各項(xiàng)非零的等差數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn.已知S2n+1=bnbn+1,求數(shù)列的前n項(xiàng)和Tn. 8.已知數(shù)列{an}是等差數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn,數(shù)列{bn}是公比大于0的等比數(shù)列,且

4、b1=-2a1=2,a3-b2=-1,S3-2b3=7. (1)求數(shù)列{an}和{bn}的通項(xiàng)公式; (2)設(shè)cn=,求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Tn. 專題對(duì)點(diǎn)練13答案 1.解 (1)由題意得a2=,a3=. (2)由-(2an+1-1)an-2an+1=0得2an+1(an+1)=an(an+1). 因?yàn)閧an}的各項(xiàng)都為正數(shù),所以. 故{an}是首項(xiàng)為1,公比為的等比數(shù)列, 因此an=. 2.解 (1)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d, ∵a2+a3=5ln 2, ∴2a1+3d=5ln 2. 又a1=ln 2,∴d=ln 2. ∴an=a1+(n-1)d=nln

5、 2. (2)由(1)知an=nln 2. ∵=enln 2==2n, ∴{}是以2為首項(xiàng),2為公比的等比數(shù)列. ∴+…+ =2+22+…+2n =2n+1-2. ∴+…+=2n+1-2. 3.解 (1)設(shè){an}的公比為q, 由題設(shè)得an=qn-1. 由已知得q4=4q2, 解得q=0(舍去),q=-2或q=2. 故an=(-2)n-1或an=2n-1. (2)若an=(-2)n-1,則Sn=.由Sm=63得(-2)m=-188,此方程沒(méi)有正整數(shù)解. 若an=2n-1,則Sn=2n-1.由Sm=63得2m=64,解得m=6. 綜上,m=6. 4.解 (1)設(shè)等

6、差數(shù)列{an}的公差是d.由已知(a3+a8)-(a2+a7)=2d=-6,解得d=-3, ∴a2+a7=2a1+7d=-23,解得a1=-1, ∴數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=-3n+2. (2)由數(shù)列{an+bn}是首項(xiàng)為1,公比為2的等比數(shù)列, ∴an+bn=2n-1, ∴bn=2n-1-an=3n-2+2n-1, ∴Sn=[1+4+7+…+(3n-2)]+(1+2+22+…+2n-1)=+2n-1. 5.解 (1)設(shè)等比數(shù)列{bn}的公比為q.由b1=1,b3=b2+2,可得q2-q-2=0.因?yàn)閝>0,可得q=2,故bn=2n-1.所以,Tn==2n-1. 設(shè)等差數(shù)列

7、{an}的公差為d.由b4=a3+a5,可得a1+3d=4.由b5=a4+2a6,可得3a1+13d=16,從而a1=1,d=1,故an=n.所以,Sn=. (2)由(1),有 T1+T2+…+Tn=(21+22+…+2n)-n=-n=2n+1-n-2. 由Sn+(T1+T2+…+Tn)=an+4bn可得,+2n+1-n-2=n+2n+1, 整理得n2-3n-4=0,解得n=-1(舍),或n=4. 所以,n的值為4. 6.解 (1)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d,則an=a1+(n-1)d. 因?yàn)閍7=8,所以a1+6d=8. 又a19=2a9,所以a1+18d=2(a1+8d)

8、, 解得a1=2,d=1,所以{an}的通項(xiàng)公式為an=n+1. (2)bn=, 所以Sn=+…+. 7.解 (1)設(shè){an}的公比為q,由題意知a1(1+q)=6,q=a1q2, 又an>0,解得a1=2,q=2,所以an=2n. (2)由題意知S2n+1==(2n+1)bn+1, 又S2n+1=bnbn+1,bn+1≠0,所以bn=2n+1. 令cn=,則cn=, 因此Tn=c1+c2+…+cn =+…+. 又Tn=+…+,兩式相減得Tn=, 所以Tn=5-. 8.解 (1)設(shè)數(shù)列{an}的公差為d,數(shù)列{bn}的公比為q,q>0, ∵b1=-2a1=2,a3-b2=-1,S3-2b3=7, ∴a1=-1,-1+2d-2q=-1,3×(-1)+3d-2×2q2=7,解得d=2,q=2. ∴an=-1+2(n-1)=2n-3,bn=2n. (2)cn=, ∴Tn=+…+, Tn=-+…+, ∴Tn=-+…+(-1)n-1×=-, ∴Tn=-.