2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題一 力與運(yùn)動(dòng) 第1講 力與物體的平衡課時(shí)演練知能提升

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1、2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題一 力與運(yùn)動(dòng) 第1講 力與物體的平衡課時(shí)演練知能提升 一、單項(xiàng)選擇題 1.如圖所示，在粗糙水平面上放置A、B、C、D四個(gè)小物塊，各小物塊之間由四根完全相同的輕彈簧相互連接，正好組成一個(gè)菱形，∠BAD＝120°，整個(gè)系統(tǒng)保持靜止?fàn)顟B(tài)．已知A物塊所受的摩擦力大小為Ff，則D物塊所受的摩擦力大小為(　　) A.Ff　　　　　　　　 B．Ff C.Ff D．2Ff 解析：選C.由對(duì)稱性可知，四根輕彈簧的彈力大小相等，均為F，對(duì)A有：2Fcos 60°＝Ff，對(duì)D有：2Fcos 30°＝FfD，故FfD＝Ff. 2．(xx·山西太原調(diào)研)孔明燈相

2、傳是由三國(guó)時(shí)的諸葛孔明發(fā)明的，有一盞質(zhì)量為m的孔明燈升空后沿著東偏北方向勻速上升，則此時(shí)孔明燈所受空氣的作用力的大小和方向分別是(　　) A．0 B．mg，豎直向上 C．mg，東偏北方向 D.mg，東偏北方向 解析：選B.孔明燈做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故所受合外力為0，因此空氣的作用力的大小F空＝mg，方向豎直向上，故選B. 3.(xx·河北保定模擬)如圖所示，將三個(gè)完全相同的光滑球用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)并處于靜止?fàn)顟B(tài)．已知球半徑為R，重為G，線長(zhǎng)均為R.則每條細(xì)線上的張力大小為(　　) A．2G B.G C.G D.G 解析：選B.本題中O點(diǎn)與各球心的連線及各球

3、心連線，構(gòu)成一個(gè)邊長(zhǎng)為2R的正四面體，如圖甲所示(A、B、C為各球球心)，O′為△ABC的中心，設(shè)∠OAO′＝θ，由幾何關(guān)系知O′A＝R，由勾股定理得OO′＝＝R，對(duì)A處球受力分析有：Fsin θ＝G，又sin θ＝，解得F＝G，故只有B項(xiàng)正確． 4．(xx·浙江東北三校二聯(lián))如圖所示，有一傾角θ＝30°的斜面體B，質(zhì)量為M.質(zhì)量為m的物體A靜止在B上．現(xiàn)用水平力F推物體A，在F由零逐漸增加至mg再逐漸減為零的過(guò)程中，A和B始終保持靜止．對(duì)此過(guò)程下列說(shuō)法正確的是(　　) A．地面對(duì)B的支持力大于(M＋m)g B．A對(duì)B的壓力的最小值為mg，最大值為mg C．A所受摩擦力的最小值

4、為0，最大值為 D．A所受摩擦力的最小值為mg，最大值為mg 解析：選B.因?yàn)锳、B始終保持靜止，對(duì)A、B整體受力分析可知，地面對(duì)B的支持力一直等于(M＋m)g，A錯(cuò)誤．當(dāng)F＝0時(shí)，A對(duì)B的壓力最小，為mgcos 30°＝mg；當(dāng)F＝mg時(shí)，A對(duì)B的壓力最大，為mgcos 30°＋Fsin 30°＝mg，B正確．當(dāng)Fcos 30°＝mgsin 30°時(shí)，即F＝mg時(shí)，A所受摩擦力為0，當(dāng)F＝0時(shí)，A所受摩擦力大小為mg，方向沿斜面向上，當(dāng)F＝mg時(shí)，A所受摩擦力大小為mg，方向沿斜面向下，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤． 5．(xx·麗水高三質(zhì)量檢測(cè))將兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a、b用細(xì)線相連后，再用細(xì)線懸

5、掛于O點(diǎn)，如圖所示．用力F拉小球b，使兩個(gè)小球都處于靜止?fàn)顟B(tài)，且細(xì)線Oa與豎直方向的夾角保持θ＝30°，則F達(dá)到最小值時(shí)Oa線上的拉力為(　　) A.mg B．mg C.mg D.mg 解析：選A.以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，分析受力，作出F在三個(gè)方向時(shí)整體的受力圖，根據(jù)平衡條件得知：F與FT的合力與重力2mg總是大小相等、方向相反的，由力的合成圖可知，當(dāng)F與繩子Oa垂直時(shí)，F(xiàn)有最小值，即圖中2位置，根據(jù)平衡條件得：F＝2mgsin 30°＝mg，F(xiàn)T＝2mgcos 30°＝mg，A正確． 6.水平面上有U形導(dǎo)軌NMPQ，它們之間的寬度為L(zhǎng)，M和P之間接入電源，現(xiàn)垂

6、直于導(dǎo)軌擱一根質(zhì)量為m的金屬棒ab，棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ(滑動(dòng)摩擦力略小于最大靜摩擦力)，通過(guò)棒的電流強(qiáng)度為I，現(xiàn)加一個(gè)范圍較大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于金屬棒ab，與垂直導(dǎo)軌平面的方向夾角為θ，如圖所示，金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g，則金屬棒所受的摩擦力大小為(　　) A．BILsin θ B．BILcos θ C．μ(mg－BILsin θ) D．μ(mg＋BILcos θ) 解析：選B.金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，其合力為零，對(duì)其進(jìn)行受力分析，如圖所示，在水平方向有BILcos θ－Ff＝0，F(xiàn)f＝BILcos θ，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)A、C、D錯(cuò)誤

7、． 二、不定項(xiàng)選擇題 7．(xx·溫州模擬)如圖所示，兩楔形物塊A、B兩部分靠在一起，接觸面光滑，物塊B放置在地面上，物塊A上端用繩子拴在天花板上，繩子處于豎直伸直狀態(tài)，A、B兩物塊均保持靜止．則(　　) A．繩子的拉力不為零 B．地面受的壓力大于物塊B的重力 C．物塊B與地面間不存在摩擦力 D．物塊B受到地面的摩擦力水平向左 解析：選AC.因A、B接觸面光滑，若B對(duì)A有支持力，則物塊A的合力不可能為零，因此A、B間的彈力為零，所以繩子的拉力F＝mAg，分析物塊B可知，地面對(duì)B的支持力FNB＝mBg，物塊B與地面間的摩擦力為零，故A、C正確，B、D錯(cuò)誤． 8．(xx·河南八

8、市質(zhì)檢)如圖所示，質(zhì)量均為1 kg的小球a、b在輕彈簧A、B及外力F的作用下處于平衡狀態(tài)，其中A、B兩個(gè)彈簧的勁度系數(shù)均為5 N/cm，B彈簧上端與天花板固定連接，軸線與豎直方向的夾角為60°，A彈簧豎直，g取10 m/s2，則以下說(shuō)法正確的是(　　) A．A彈簧的伸長(zhǎng)量為2 cm B．外力F＝10 N C．B彈簧的伸長(zhǎng)量為8 cm D．突然撤去外力F瞬間，b球加速度為0 解析：選ACD.a、b兩球處于平衡狀態(tài)，所受合力均為零，A彈簧的伸長(zhǎng)量為xA＝＝2 cm，故A正確．對(duì)a、b球及A彈簧整體受力分析得：外力F＝2mgtan 60°＝20 N，B彈簧彈力大小為FB＝＝40 N，則

9、B彈簧的伸長(zhǎng)量xB＝＝8 cm，故B錯(cuò)誤、C正確．撤去力F瞬間，A、B彈簧的彈力不變，則b球所受合力仍為零，加速度為0，故D正確． 9.(xx·湖北宜昌市第一次調(diào)研)如圖所示，晾曬衣服的繩子兩端分別固定在兩根豎直桿上的A、B兩點(diǎn)，繩子的質(zhì)量及繩與衣架掛鉤間摩擦均忽略不計(jì)，衣服處于靜止?fàn)顟B(tài)．如果保持繩子A端、B端在桿上位置不變，將右側(cè)桿平移到虛線位置，穩(wěn)定后衣服仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．則(　　) A．繩子的彈力變小 B．繩子的彈力不變 C．繩對(duì)掛鉤彈力的合力變小 D．繩對(duì)掛鉤彈力的合力不變 解析：選AD.對(duì)掛鉤受力分析，如圖所示，根據(jù)平衡條件，有2FTcos θ＝G，繩子右端的B點(diǎn)在桿上

10、位置不動(dòng)，將右桿移動(dòng)到虛線位置時(shí)，θ變小，故繩子拉力FT變小，A正確、B錯(cuò)誤；繩中的拉力左右相等，根據(jù)三力平衡條件可知，兩繩子的拉力FT的合力F始終與G等值反向，保持不變，故C錯(cuò)誤，D正確． 10．(xx·河北衡水中學(xué)二模)如圖，小球C置于內(nèi)側(cè)面光滑的半球形凹槽B內(nèi)，B放在長(zhǎng)木板A上，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)．在緩慢減小木板的傾角θ過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A受到的壓力逐漸減小 B．A受到的摩擦力逐漸減小 C．C對(duì)B的壓力逐漸變大 D．C受到兩個(gè)力的作用 解析：選BD.緩慢減小θ，則A、B、C始終處于平衡狀態(tài)．把B、C看成一整體，設(shè)質(zhì)量為M，則Mgsin θ＝FfAB，

11、Mgcos θ＝FNAB，由牛頓第三定律得FfBA＝FfAB＝Mgsin θ，F(xiàn)NBA＝FNAB＝Mgcos θ，θ減小，sin θ變小，cos θ變大，所以FfBA變小，F(xiàn)NBA變大，A錯(cuò)誤，B正確．對(duì)C受力分析可知，其受重力、支持力兩個(gè)力的作用，大小相等，所以支持力不變，C對(duì)B的壓力不變，C錯(cuò)誤、D正確． 三、非選擇題 11.(xx·臨沂第三次適應(yīng)性測(cè)試)如圖所示，一個(gè)底面粗糙，質(zhì)量為m的斜面體靜止在水平地面上，斜面體的斜面是光滑的，傾角為30°，現(xiàn)用一端固定的輕繩系一質(zhì)量為m的小球，小球靜止時(shí)輕繩與斜面的夾角是30°. (1)求當(dāng)斜面體靜止時(shí)繩的拉力大??； (2)若地面對(duì)斜面體的

12、最大靜摩擦力等于地面對(duì)斜面體支持力的k倍，為了使整個(gè)系統(tǒng)始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，k值必須滿足什么條件？ 解析：(1)設(shè)繩的拉力為FT，斜面體對(duì)小球的支持力為FN，對(duì)小球進(jìn)行受力分析如圖所示，由平衡條件可知，F(xiàn)T和FN的合力豎直向上，大小等于mg，由幾何關(guān)系可得出 FN＝FT＝mg. (2)對(duì)斜面體進(jìn)行受力分析，設(shè)小球?qū)π泵骟w的壓力為FN′，地面的支持力為F，地面的靜摩擦力為Ff，由正交分解和平衡條件可知， 在豎直方向上：F＝mg＋FN′cos 30° 在水平方向上：Ff＝FN′sin 30° 根據(jù)(1)和牛頓第三定律可知：FN′＝FN＝mg 又由題設(shè)可知Ffmax＝kF≥Ff 綜合上

13、述各式解得k≥. 答案：(1)mg　(2)k≥ 12.如圖，一長(zhǎng)為10 cm的金屬棒ab用兩個(gè)完全相同的彈簧水平地懸掛在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1 T，方向垂直于紙面向里；彈簧上端固定，下端與金屬棒絕緣．金屬棒通過(guò)開(kāi)關(guān)與一電動(dòng)勢(shì)為12 V的電池相連，電路總電阻為2 Ω.已知開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)兩彈簧的伸長(zhǎng)量為0.5 cm；閉合開(kāi)關(guān)，系統(tǒng)重新平衡后，兩彈簧的伸長(zhǎng)量與開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)相比均改變了0.3 cm.重力加速度大小取10 m/s2.判斷開(kāi)關(guān)閉合后金屬棒所受安培力的方向，并求出金屬棒的質(zhì)量． 解析：依題意，開(kāi)關(guān)閉合后，電流方向從b到a，由左手定則可知，金屬棒所受的安培力方向豎直向下． 開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，兩彈簧各自相對(duì)于其原長(zhǎng)伸長(zhǎng)了Δl1＝0.5 cm.由胡克定律和力的平衡條件得 2kΔl1＝mg① 式中，m為金屬棒的質(zhì)量，k是彈簧的勁度系數(shù)，g是重力加速度的大?。? 開(kāi)關(guān)閉合后，金屬棒所受安培力的大小為 F＝IBL② 式中，I是回路電流，L是金屬棒的長(zhǎng)度．兩彈簧各自再伸長(zhǎng)了Δl2＝0.3 cm，由胡克定律和力的平衡條件得 2k(Δl1＋Δl2)＝mg＋F③ 由歐姆定律有 E＝IR④ 式中，E是電池的電動(dòng)勢(shì)，R是電路總電阻． 聯(lián)立①②③④式，并代入題給數(shù)據(jù)得 m＝0.01 kg. 答案：見(jiàn)解析