2019年高考物理 考前沖刺30天 第四講 必考計(jì)算題 動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用學(xué)案（含解析）

《2019年高考物理 考前沖刺30天 第四講 必考計(jì)算題 動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用學(xué)案（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019年高考物理 考前沖刺30天 第四講 必考計(jì)算題 動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用學(xué)案（含解析）（13頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、動(dòng)力學(xué)方法和能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用 命題點(diǎn)一　多過(guò)程組合問(wèn)題 例1　如圖1，固定在水平面上的組合軌道，由光滑的斜面、光滑的豎直半圓(半徑R＝2.5m)與粗糙的水平軌道組成；水平軌道動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.25，與半圓的最低點(diǎn)相切，軌道固定在水平面上．一個(gè)質(zhì)量為m＝0.1kg的小球從斜面上A處由靜止開始滑下，并恰好能到達(dá)半圓軌道最高點(diǎn)D，且水平拋出，落在水平軌道的最左端B點(diǎn)處．不計(jì)空氣阻力，小球在經(jīng)過(guò)斜面與水平軌道連接處時(shí)不計(jì)能量損失，g取10m/s2.求： 圖1 (1)小球從D點(diǎn)拋出的速度vD； (2)水平軌道BC的長(zhǎng)度x； (3)小球開始下落的高度h. 解析　(1)小球恰好能到達(dá)

2、半圓軌道最高點(diǎn)D，此時(shí)只有重力作為向心力，即mg＝m 所以小球從D點(diǎn)拋出的速度 vD＝＝m/s＝5 m/s. (2)根據(jù)豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)可得， 2R＝gt2， 所以運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t＝＝s＝1s， 水平軌道BC的長(zhǎng)度即為平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移的大小，所以x＝vDt＝5×1m＝5m. (3)對(duì)從A到D的過(guò)程，利用動(dòng)能定理可得， mgh－μmgx－mg·2R＝mv 解得h＝7.5m. 答案　(1)5m/s　(2)5m　(3)7.5m 多過(guò)程問(wèn)題的解題技巧 1．抓住物理情景中出現(xiàn)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和運(yùn)動(dòng)過(guò)程，將物理過(guò)程分解成幾個(gè)簡(jiǎn)單的子過(guò)程． 2．兩個(gè)相鄰過(guò)程連接點(diǎn)的速度是聯(lián)系

3、兩過(guò)程的紐帶，也是解題的關(guān)鍵．很多情況下平拋運(yùn)動(dòng)的末速度的方向是解題的重要突破口． 題組階梯突破 1．運(yùn)動(dòng)員駕駛摩托車做騰躍特技表演是一種刺激性很強(qiáng)的運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目．如圖2所示，AB是水平路面，BC是半徑為20m的圓弧，CDE是一段曲面．運(yùn)動(dòng)員駕駛功率始終為P＝1.8kW的摩托車在AB段加速，通過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度已達(dá)到最大vm＝20m/s，再經(jīng)t＝13 s的時(shí)間通過(guò)坡面到達(dá)E點(diǎn)，此刻關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)水平飛出．已知人和車的總質(zhì)量m＝180 kg，坡頂高度h＝5 m，落地點(diǎn)與E點(diǎn)的水平距離s＝16 m，重力加速度g＝10 m/s2.如果在AB段摩托車所受的摩擦阻力恒定，且不計(jì)空氣阻力，求： 圖2 (1)

4、AB段摩托車所受摩擦阻力的大?。? (2)摩托車過(guò)圓弧B點(diǎn)時(shí)受到地面支持力的大?。? (3)摩托車在沿BCDE沖上坡頂?shù)倪^(guò)程中克服摩擦阻力做的功． 答案　(1)90N　(2)5400N　(3)27360J 解析　(1)摩托車在水平面上已經(jīng)達(dá)到了最大速度，牽引力與阻力相等．則 P＝Fvm＝Ffvm. Ff＝＝90N. (2)摩托車在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得： FN－mg＝m， FN＝m＋mg＝5400N. (3)對(duì)摩托車的平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程，有 t1＝＝1s， 平拋的初速度v0＝＝16m/s，摩托車在斜坡上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理得 Pt－Wf－mgh＝mv－mv， 解得Wf＝2736

5、0J. 2．如圖3所示，半徑R＝0.4m的光滑圓弧軌道BC固定在豎直平面內(nèi)，軌道的上端點(diǎn)B和圓心O的連線與水平方向的夾角θ＝30°，下端點(diǎn)C為軌道的最低點(diǎn)且與粗糙水平面相切，一根輕質(zhì)彈簧的右端固定在豎直擋板上．質(zhì)量m＝0.1kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從空中A點(diǎn)以v0＝2m/s的速度被水平拋出，恰好從B點(diǎn)沿軌道切線方向進(jìn)入軌道，經(jīng)過(guò)C點(diǎn)后沿水平面向右運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)時(shí)，彈簧被壓縮至最短，C、D兩點(diǎn)間的水平 圖3 距離L＝1.2 m，小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，g取10 m/s2.求： (1)小物塊經(jīng)過(guò)圓弧軌道上B點(diǎn)時(shí)速度vB的大?。? (2)小物塊經(jīng)過(guò)圓弧軌道上C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大

6、?。? (3)彈簧的彈性勢(shì)能的最大值Epm. 答案　(1)4m/s　(2)8N　(3)0.8J 解析　(1)小物塊恰好從B點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入軌道，由幾何關(guān)系有vB＝＝4m/s. (2)小物塊由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，由動(dòng)能定理有 mgR(1＋sinθ)＝mv－mv 在C點(diǎn)處，由牛頓第二定律有FN－mg＝m 解得FN＝8N 根據(jù)牛頓第三定律，小物塊經(jīng)過(guò)圓弧軌道上C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FN′大小為8N. (3)小物塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，由能量守恒定律有Epm＝mv＋mgR(1＋sinθ)－μmgL＝0.8J. 命題點(diǎn)二　傳送帶模型問(wèn)題 例2　如圖4所示，傳送帶與地面的夾角θ＝37°，A

7、、B兩端間距L＝16m，傳送帶以速度v＝10m/s，沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，物體m＝1kg，無(wú)初速度地放置于A端，它與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，試求： 圖4 (1)物體由A端運(yùn)動(dòng)到B端的時(shí)間． (2)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量． 解析　(1)物體剛放上傳送帶時(shí)受到沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力，由牛頓第二定律得：mgsinθ＋μmgcosθ＝ma1， 設(shè)物體經(jīng)時(shí)間t1，加速到與傳送帶同速， 則v＝a1t1，x1＝a1t 可解得：a1＝10m/s2 t1＝1s x1＝5m 因mgsinθ>μmgcosθ，故當(dāng)物體與傳送帶同速后，物體將繼續(xù)加速 由mgsinθ－μmgcosθ＝ma2

8、 L－x1＝vt2＋a2t 解得：t2＝1s 故物體由A端運(yùn)動(dòng)到B端的時(shí)間 t＝t1＋t2＝2s (2)物體與傳送帶間的相對(duì)位移 x相＝(vt1－x1)＋(L－x1－vt2)＝6m 故Q＝μmgcosθ·x相＝24J. 答案　(1)2s　(2)24J 傳送帶問(wèn)題的分析流程和技巧 1．分析流程 2．相對(duì)位移 一對(duì)相互作用的滑動(dòng)摩擦力做功所產(chǎn)生的熱量Q＝Ff·x相對(duì)，其中x相對(duì)是物體間相對(duì)路徑長(zhǎng)度．如果兩物體同向運(yùn)動(dòng)，x相對(duì)為兩物體對(duì)地位移大小之差；如果兩物體反向運(yùn)動(dòng)，x相對(duì)為兩物體對(duì)地位移大小之和． 3．功能關(guān)系 (1)功能關(guān)系分析：WF＝ΔEk＋ΔEp＋Q.

9、 (2)對(duì)WF和Q的理解： ①傳送帶的功：WF＝Fx傳； ②產(chǎn)生的內(nèi)能Q＝Ffx相對(duì)． 題組階梯突破 3．一質(zhì)量為M＝2kg的小物塊隨足夠長(zhǎng)的水平傳送帶一起運(yùn)動(dòng)，被一水平向左飛來(lái)的子彈擊中，子彈從物塊中穿過(guò)，如圖5甲所示，地面觀察者記錄了小物塊被擊穿后的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系，如圖乙所示(圖中取向右運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，已知傳送帶的速度保持不變，g取10m/s2. 圖5 (1)指出傳送帶的速度v的方向及大小，說(shuō)明理由． (2)計(jì)算物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)． (3)計(jì)算物塊對(duì)傳送帶總共做了多少功？系統(tǒng)有多少能量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能？ 答案　(1)方向向右　2m/s　理由見(jiàn)解析　(2)

10、0.2 (3)－24J　36J 解析　(1)由題圖可知，物塊被擊中后先向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，速度為零后，又向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度等于2m/s以后隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，所以傳送帶的速度方向向右，大小為2 m/s. (2)由題圖可知，a＝＝m/s2＝2 m/s2 由牛頓第二定律得，滑動(dòng)摩擦力Ff＝Ma，其中 Ff＝μFN，F(xiàn)N＝Mg， 所以物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù) μ＝＝＝0.2. (3)由題圖可知，傳送帶與物塊存在摩擦力的時(shí)間只有3s，傳送帶在這段時(shí)間內(nèi)的位移 x＝vt＝2×3m＝6m 所以物塊對(duì)傳送帶所做的功為 W＝－Ffx＝－4×6J＝－24J 選傳送帶為參考系，物塊

11、相對(duì)于傳送帶通過(guò)的路程 x′＝t＝×3m＝9m， 所以轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的能量EQ＝Ffx′＝4×9J＝36J. 4.如圖6所示，與水平面夾角θ＝30°的傾斜傳送帶始終繃緊，傳送帶下端A點(diǎn)與上端B點(diǎn)間的距離L＝4m，傳送帶以恒定的速率v＝2m/s向圖6 上運(yùn)動(dòng)．現(xiàn)將一質(zhì)量為1kg的物體無(wú)初速度地放于A處，已知物體與傳 送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝，取g＝10m/s2，求： (1)物體從A運(yùn)動(dòng)到B共需多長(zhǎng)時(shí)間？ (2)電動(dòng)機(jī)因傳送該物體多消耗的電能． 答案　(1)2.4s　(2)28J 解析　(1)物體無(wú)初速度地放在A處后，因mgsinθ<μmgcosθ 故物體斜向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．

12、加速度a＝＝2.5m/s2 物體達(dá)到與傳送帶同速所需的時(shí)間t1＝＝0.8s t1時(shí)間內(nèi)物體的位移x1＝t1＝0.8m 之后物體以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 t2＝＝1.6s 物體運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t＝t1＋t2＝2.4s (2)前0.8s內(nèi)物體相對(duì)傳送帶的位移 Δx＝vt1－x1＝0.8m 因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能E內(nèi)＝μmgcosθ·Δx＝6J 整個(gè)過(guò)程中多消耗的電能 E電＝Ek＋Ep＋E內(nèi)＝mv2＋mgLsinθ＋E內(nèi)＝28J. (建議時(shí)間：40分鐘) 1．如圖1所示，皮帶的速度是3m/s，兩圓心距離s＝4.5 m，現(xiàn)將m＝1 kg的小物體輕放在左輪正上方的皮帶上，物體與

13、皮帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.15，皮帶不打滑，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)皮帶將物體從左輪正上方運(yùn)送到右輪正上方時(shí)，求：(g＝10 m/s2) 圖1 (1)小物體獲得的動(dòng)能Ek； (2)這一過(guò)程摩擦產(chǎn)生的熱量Q； (3)這一過(guò)程電動(dòng)機(jī)消耗的電能E. 答案　(1)4.5J　(2)4.5J　(3)9J 解析　(1)μmg＝ma a＝1.5m/s2 μmgx＝mv2 所以物體加速階段運(yùn)動(dòng)的位移x＝3m4.5m，即物體可與皮帶達(dá)到共同速度， Ek＝mv2＝×1×32J＝4.5J. (2)v＝at t＝2s Q＝μmg(vt－x)＝0.15×1×10×(6－3) J＝4.5J (3)E＝E

14、k＋Q＝4.5J＋4.5J＝9J. 2．如圖2甲所示，一傾角為θ＝37°的傳送帶以恒定速度運(yùn)行．現(xiàn)將一質(zhì)量m＝1kg的小物體拋上傳送帶，物體相對(duì)地面的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示，取沿傳送帶向上為正方向，g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求： 圖2 (1)0～8s內(nèi)物體位移的大小． (2)物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)． (3)0～8s內(nèi)物體機(jī)械能增加量及因與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量Q. 答案　(1)14m　(2)0.875　(3)90J　126J 解析　(1)從圖乙中求出物體位移 x＝－2×2×m＋4×4×m＋2×4m＝14m (2)由圖象知，物體

15、相對(duì)傳送帶滑動(dòng)時(shí)的加速度 a＝1m/s2 對(duì)此過(guò)程中物體受力分析得μmgcosθ－mgsinθ＝ma 得μ＝0.875 (3)物體被送上的高度h＝xsinθ＝8.4m 重力勢(shì)能增量ΔEp＝mgh＝84J 動(dòng)能增量ΔEk＝mv－mv＝6J 機(jī)械能增加量ΔE＝ΔEp＋ΔEk＝90J 0～8s內(nèi)只有前6s發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)． 0～6s內(nèi)傳送帶運(yùn)動(dòng)距離x1＝4×6m＝24m 0～6s內(nèi)物體位移x2＝6m 產(chǎn)生的熱量 Q＝μmgcosθ·Δx＝μmgcosθ(x1－x2)＝126J. 3．山谷中有三塊石頭和一根不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)青藤，其示意圖如圖3.圖中A、B、C、D均為石頭的邊緣點(diǎn)，O

16、為青藤的固定點(diǎn)，h1＝1.8m，h2＝4.0m，x1＝4.8m，x2＝8.0m．開始時(shí)，質(zhì)量分別為M＝10kg和m＝2kg的大、小兩只金絲猴分別位于左邊和中間的石頭上，當(dāng)大猴發(fā)現(xiàn)小猴將受到傷害時(shí)，迅速?gòu)淖筮吺^的A點(diǎn)水平跳至中間石頭．大猴抱起小猴跑到C點(diǎn)，抓住青藤下端，蕩到右邊石頭上的D點(diǎn)，此時(shí)速度恰好為零．運(yùn)動(dòng)過(guò)程中猴子均可看成質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，重力加速度g＝10m/s2.求： 圖3 (1)大猴從A點(diǎn)水平跳離時(shí)速度的最小值； (2)猴子抓住青藤蕩起時(shí)的速度大?。? (3)猴子蕩起時(shí)，青藤對(duì)猴子的拉力大小． 答案　(1)8m/s　(2)4m/s　(3)216N 解析　(1)設(shè)猴

17、子從A點(diǎn)水平跳離時(shí)速度的最小值為vmin，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，有h1＝gt2① x1＝vmint② 聯(lián)立①②式，得vmin＝8m/s③ (2)猴子抓住青藤后蕩到右邊石頭上的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，設(shè)蕩起時(shí)速度為vC，有 (M＋m)gh2＝(M＋m)v④ vC＝＝4m/s⑤ (3)設(shè)青藤對(duì)猴子的拉力為FT，青藤的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，對(duì)最低點(diǎn)，由牛頓第二定律得FT－(M＋m)g＝(M＋m)⑥ 由幾何關(guān)系(L－h(huán)2)2＋x＝L2⑦ 得：L＝10m⑧ 聯(lián)立⑤⑥⑧式并代入數(shù)據(jù)解得： FT＝216N 4．如圖4所示，在豎直平面內(nèi)，粗糙斜面AB的下端與光滑的圓弧軌道BCD相切于B點(diǎn)，C點(diǎn)是最低點(diǎn)，圓

18、心角∠BOC＝37°，D點(diǎn)與圓心O等高，圓弧軌道半徑R＝1.0m，現(xiàn)在一個(gè)質(zhì)量為m＝0.2kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小物體，從D點(diǎn)的正上方E點(diǎn)處自由下落，DE距離h＝1.6m，小物體與斜面AB之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5.取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2.求： 圖4 (1)小物體第一次通過(guò)C點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)小物體的支持力FN的大?。? (2)要使小物體不從斜面頂端飛出，斜面的長(zhǎng)度LAB至少要多長(zhǎng)． (3)若斜面已經(jīng)滿足(2)中的要求，小物體從E點(diǎn)開始下落，直至最后在光滑圓弧軌道上做周期性運(yùn)動(dòng)，在此過(guò)程中系統(tǒng)因摩擦所產(chǎn)生的熱量Q的大小． 答案　(1)12.4N　(2)2.

19、4m　(3)4.8J 解析　(1)小物體從E到C，由機(jī)械能守恒定律得 mg(h＋R)＝mv① 在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得：FN－mg＝m② 聯(lián)立①②解得FN＝12.4N. (2)從E→D→C→B→A過(guò)程，由動(dòng)能定理得 WG－W阻＝0③ WG＝mg[(h＋Rcos 37°)－LABsin 37°]④ W阻＝μmgcos37°LAB⑤ 聯(lián)立③④⑤解得LAB＝2.4m. (3)因?yàn)閙gsin37°>μmgcos37°(或μ

20、 ΔE＝mg(h＋Rcos37°)⑦ 聯(lián)立⑥⑦解得Q＝4.8J. 5．(2019·紹興期末)如圖5所示，已知半徑分別為R和r的甲、乙兩個(gè)光滑的圓形軌道安置在同一豎直平面內(nèi)，甲軌道左側(cè)又連接一個(gè)光滑的軌道，兩圓形軌道之間由一條水平軌道CD相連．一小球自某一高度由靜止滑下，先滑過(guò)甲軌道，通過(guò)動(dòng)摩擦因數(shù)為μ的CD段，又滑過(guò)乙軌道，最后離開．若小球在兩圓軌道的最高點(diǎn)對(duì)軌道壓力都恰好為零．試求： 圖5 (1)釋放小球的高度h. (2)水平軌道CD段的長(zhǎng)度． 答案　(1)2.5R　(2) 解析　(1)小球在光滑圓軌道上滑行時(shí)，機(jī)械能守恒，設(shè)小球滑過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度為vC，通過(guò)甲環(huán)最高點(diǎn)速度

21、為v′，根據(jù)小球?qū)ψ罡唿c(diǎn)壓力為零，有mg＝m① 取軌道最低點(diǎn)為零勢(shì)能點(diǎn)，由機(jī)械守恒定律有：mv＝mg·2R＋mv′2② 由①、②兩式消去v′，可得：vC＝③ 同理可得小球滑過(guò)D點(diǎn)時(shí)的速度為：vD＝④ 小球從甲軌道左側(cè)光滑軌道滑至C點(diǎn)時(shí)機(jī)械能守恒，有：mgh＝mv⑤ 由③、⑤兩式聯(lián)立解得：h＝2.5R 由此小球釋放的高度為2.5R (2)設(shè)CD段的長(zhǎng)度為l，對(duì)小球滑過(guò)CD段過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理有： －μmgl＝mv－mv⑥ 由③、④、⑥三式聯(lián)立解得：l＝ 則水平軌道CD段的長(zhǎng)度為. 6．(2019·浙江1月學(xué)考·38)如圖6所示為某種彈射小球的游戲裝置，水平面上固定一輕質(zhì)彈簧及

22、長(zhǎng)度可調(diào)節(jié)的豎直管AB.細(xì)管下端接有一小段長(zhǎng)度不計(jì)的圓滑彎管，上端B與四分之一圓弧彎管BC相接，每次彈射前，推動(dòng)小球?qū)椈蓧嚎s到同一位置后鎖定．解除鎖定，小球即被彈簧彈出，水平射進(jìn)細(xì)管A端，再沿管ABC從C端水平射圖6 出．已知彎管BC的半徑R＝0.30m，小球的質(zhì)量為m＝50g，當(dāng)調(diào) 節(jié)豎直細(xì)管AB的長(zhǎng)度L至L0＝0.90m時(shí)，發(fā)現(xiàn)小球恰好能過(guò)管口C 端．不計(jì)小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的機(jī)械能損失．(g取10m/s2) (1)求每次彈射時(shí)彈簧對(duì)小球所做的功W. (2)當(dāng)L取多大時(shí)，小球落至水平面的位置離直管AB最遠(yuǎn)？ (3)調(diào)節(jié)L時(shí)，小球到達(dá)管口C時(shí)管壁對(duì)球的作用力FN也相應(yīng)變化，考慮到游戲

23、裝置的實(shí)際情況，L不能小于0.15m，請(qǐng)?jiān)趫D7坐標(biāo)紙上作出FN隨長(zhǎng)度L變化的關(guān)系圖線．(取管壁對(duì)球的作用力FN方向向上為正，并要求在縱軸上標(biāo)上必要的刻度值) 圖7 答案　(1)0.60J　(2)0.30m　(3)見(jiàn)解析圖 解析　(1)小球恰好過(guò)C點(diǎn)，其速度vC＝0① 根據(jù)功能關(guān)系，每次彈射時(shí)彈簧對(duì)小球所做的功為： W＝mg(L0＋R)＝0.60J② (2)設(shè)小球被彈出時(shí)的初速度為v0，到達(dá)C時(shí)的速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理有W＝mv－0③ 根據(jù)機(jī)械能守恒定律有 mv＝mg(L＋R)＋mv2④ 綜合②③④得v＝⑤ 根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，小球落至水平面時(shí)的落點(diǎn)離直管AB的距離為s＝vt＋R⑥ 其中t＝⑦ 綜合⑤⑥⑦得s＝2＋R 根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可判知，當(dāng)L＝＝0.30m時(shí)，s最大． 即當(dāng)L取0.30m時(shí)，小球落至水平面的位置離直管AB最遠(yuǎn)． (3)設(shè)小球經(jīng)過(guò)C端時(shí)所受管壁作用力方向向上，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有mg－FN＝m 又v＝ 則有FN＝L＋mg(1－) 代入數(shù)據(jù)得FN＝L－2.5(N)(0.90m≥L≥0.15m) 據(jù)此作出所求圖線如圖： 13