2018-2019學(xué)年高中物理 第五章 交變電流 課時提升作業(yè)八 5.2 描述交變電流的物理量 新人教版選修3-2

《2018-2019學(xué)年高中物理 第五章 交變電流 課時提升作業(yè)八 5.2 描述交變電流的物理量 新人教版選修3-2》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018-2019學(xué)年高中物理 第五章 交變電流 課時提升作業(yè)八 5.2 描述交變電流的物理量 新人教版選修3-2（11頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時提升作業(yè) 八 描述交變電流的物理量 (40分鐘　100分) 一、選擇題(本題共7小題,每小題8分,共56分) 1.(多選)如圖所示為一正弦交變電流的電流圖象,根據(jù)圖象可以判斷哪些說法是正確的 (　　) A.電流的有效值是10 A B.此交變電流的頻率是5 Hz C.此交變電流的周期是0.25 s D.此交變電流可以接在“允許通過最大電流為10 A”的用電器上 【解析】選B、D。由圖象可知,交流電的電流最大值為10 A,而有效值為I== A=5 A,故A錯誤,D正確;由圖象可知,交流電的周期為0.2 s,所以交流電的頻率為f==5 Hz,所以B正確,C錯誤。 2.

2、(2018·鄭州高二檢測)交流發(fā)電機在工作時電動勢為e=Emsinωt,若將電機的轉(zhuǎn)速提高一倍,同時將線圈所圍面積減小一半,其他條件不變,則其電動勢變?yōu)? (　　) A.e′=Emsin B.e′=2Emsin C.e′=Emsin2ωt D.e′=sin2ωt 【解析】選C。根據(jù)題意,當轉(zhuǎn)速提高一倍,由ω=2πn可知,角速度ω變?yōu)樵瓉淼?倍,面積減小一半,則由e=Emsinωt=nBSωsinωt,可知:e′=nB2ωsin 2ωt =nBSωsin 2ωt=Emsin2ωt,故C選項正確。 3. (2018·安慶高二檢測)如圖所示是某種交變電流的電流隨時間變化的圖線,i>0

3、部分的圖線是一個正弦曲線的正半周,i<0部分的圖線是另一個正弦曲線的負半周,其最大值如圖中所示,則這種交變電流的有效值為 (　　) A.I0　 B.I0　 C.I0　 D.I0 【解析】選C。設(shè)電流的有效值為I,則RT+R·2T=I2R·3T,解得I=I0,選項C正確。 【補償訓(xùn)練】 如圖所示是一交變電流的i-t圖象,則該交流電電流的有效值為 (　　) A.4 A　　B.2A　　C. A　　D. A 【解析】選D。設(shè)交流電電流的有效值為I,周期為T,電阻為R,則I2RT=×4·R·+42·R·T,解得:I=A,故選D。 4.(2018·山東高考)如圖甲,R0為定值電

4、阻,兩金屬圓環(huán)固定在同一絕緣平面內(nèi)。左端連接在一周期為T0的正弦交流電源上,經(jīng)二極管整流后,通過R0的電流i始終向左,其大小按圖乙所示規(guī)律變化。規(guī)定內(nèi)圓環(huán)a端電勢高于b端時,a、b間的電壓uab為正,下列uab-t圖象可能正確的是 (　　) 【解題指南】解答本題時應(yīng)從以下兩點進行分析: (1)感應(yīng)電動勢的變化周期一定與圓環(huán)中電流周期相同。 (2)本題可考慮排除法。 【解析】選C。從圖乙可以看出,圓環(huán)中電流周期為0.5T0,則感應(yīng)電動勢的變化周期也是0.5T0,觀察四個圖象,A、B、D的周期都不是0.5T0,只有C周期是0.5T0,所以A、B、D錯誤,C正確。 5. (2018

5、·邢臺高二檢測)如圖為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機的原理圖,其矩形線圈在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動。磁場的磁感應(yīng)強度B=1.0×10-2 T,線圈的邊長ab=20 cm、bc=10 cm,匝數(shù)n=400,線圈總電阻r=2.0 Ω,線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R=18 Ω連接,與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表,線圈的轉(zhuǎn)速n=50 r/s。在t=0時刻,線圈平面與磁場方向平行,則下列說法正確的是(　　) A.交流發(fā)電機產(chǎn)生電動勢隨時間的變化關(guān)系是e=25cos50t(V) B.交流電壓表的示數(shù)為17.8 V C.從t=0時刻開始轉(zhuǎn)過30°的過程中,通

6、過電阻的電量為 2.0×10-3C D.電阻R上的熱功率為3.24 W 【解析】選C。磁場的磁感應(yīng)強度B=1.0×10-2 T,線圈的邊長ab=20 cm、bc=10 cm,匝數(shù)n=400,線圈總電阻r=2.0 Ω,線圈的轉(zhuǎn)速n=50 r/s。所以ω=100π rad/s,最大值Em=nBSω=8π,因此e=8π cos100πt,故A錯誤;交流電壓表顯示的是路端電壓有效值,示數(shù)為≈16 V,故B錯誤;從t=0時刻開始轉(zhuǎn)過30°的過程中,通過電阻的電量=C=2.0×10-3 C,故C正確;電阻R上的熱功率P=I2R=·R≈14.2 W,故D錯誤。 6. (多選)如圖所示,面積為S的矩形線

7、圈共N匝,線圈總電阻為R,在磁感應(yīng)強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場中以豎直線OO′為軸,以角速度ω勻速旋轉(zhuǎn),圖示位置C與紙面共面,位置A與位置C成45°角。線圈從位置A轉(zhuǎn)過90°到達位置B的過程中,下列說法正確的是 (　　) A.平均電動勢為NBSω B.通過線圈某一截面的電量q= C.在此轉(zhuǎn)動過程中,外界對線圈做的總功為ω D.在此轉(zhuǎn)動過程中,電流方向會發(fā)生改變 【解題指南】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感應(yīng)電動勢的大小,從而求出感應(yīng)電流的大小。 (2)根據(jù)q=It求出通過某一橫截面的電量。 (3)外界對線圈做的總功等于線圈產(chǎn)生的熱量,根據(jù)峰值求出有效值,從而求出

8、熱量。 【解析】選A、C。線圈從位置A轉(zhuǎn)過90°到達位置B的過程中,ΔΦ= 2BScos 45°=BS,Δt=,根據(jù)E=N得,E=NBSω,故A正確。根據(jù)E=N,q=Δt=N=,故B錯誤。產(chǎn)生電動勢的峰值Em=NBSω,則有效值E==,則W=Q=t=,故C正確。線圈每經(jīng)過中性面一次,方向改變,線圈從位置A轉(zhuǎn)過90°到達位置B的過程中,方向不變,故D錯誤。 7. (2018·成都高二檢測)如圖所示,矩形線圈面積為S,匝數(shù)為N,線圈電阻為r,在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞OO′軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動,外電路電阻為R,當線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過60°的過程中,下列判斷正確的是(　　) A.電壓表

9、的示數(shù)為 B.通過電阻R的電量為q= C.電阻R所產(chǎn)生的焦耳熱為Q= D.當線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過60°時的電流為 【解析】選B。線圈在磁場中轉(zhuǎn)動,產(chǎn)生的電動勢的最大值為Em=NBSω,電動勢的有效值為E=,電壓表測量電路的外電壓,所以電壓表的讀數(shù)為U=·R=R,所以A錯誤;由=N,=,q=Δt得到,電量 q=cos 60°=,故B正確;電阻R產(chǎn)生的熱量Q=·=,所以C錯誤;當線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過60°時電動勢的瞬時值為e=NBSωsin 60° =NBSω,所以電流為i==,所以D錯誤。 二、非選擇題(本題共2小題,共44分。要有必要的文字說明和解題步驟,有數(shù)值計算的要注明單位) 8

10、. (20分)如圖所示,線圈面積為0.05 m2,共100匝,線圈總電阻為1 Ω,與外電阻R=9 Ω相連。當線圈在B= T的勻強磁場中繞OO′以角速度ω=10π rad/s勻速轉(zhuǎn)動時,求: (1)若從線圈處于中性面開始計時,寫出電動勢的瞬時值表達式。 (2)電流表和電壓表的示數(shù)。 (3)線圈轉(zhuǎn)過s時,電動勢的瞬時值。 【解析】(1)線圈的角速度ω=2πn=10π rad/s, 感應(yīng)電動勢的最大值Em=NBSω=100 V, 則從線圈處于中性面開始計時,電動勢的瞬時值表達式為e=Emsinωt= 100sin 10πt V (2)電路中電流的有效值I=,E=Em, 代入解

11、得I=5 A,即電流表示數(shù)為5 A。 電壓表示數(shù)為U=IR=5×9 V=45 V。 (3)當線圈轉(zhuǎn)過s時,電動勢的瞬時值 e=100sinV=50 V。 答案:(1)e=100sin 10πt V (2)5 A　45 V　(3)50 V 9. (24分)(2018·焦作高二檢測)如圖所示,將單匝正方形線框ABCD的一半放入勻強磁場中,磁感應(yīng)強度B=1 T,讓它以邊界OO′為軸,以角速度ω=100 rad/s勻速轉(zhuǎn)動,在AB、CD的中點用電刷P、Q將電流輸送給小燈泡,線框邊長L=0.2 m,總電阻為r=4 Ω,燈泡電阻為R=2 Ω,不計P、Q接觸電阻及導(dǎo)線電阻。求: (1)

12、線框轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動勢。 (2)理想電壓表V的示數(shù)。 (3)由圖示位置轉(zhuǎn)過30°時,線框受到的安培力。 【解題指南】(1)由Em=BL2ω即可求解最大值。 (2)理想電壓表示數(shù)為路端電路電壓的有效值,由U=IR可以求得。 (3)轉(zhuǎn)過30°角時的電流是它的瞬時值,由i=即可求解,線框所受的安培力F安=BiL代入數(shù)據(jù)即可求解。 【解析】(1)Em=BL2ω=×1×0.22×100 V=2 V (2)設(shè)外電路電阻為R′,則R′==1 Ω 電源的有效值為E== V; 根據(jù)閉合電路的歐姆定律知I== A 據(jù)歐姆定律得電壓表示數(shù)為U=I·R′=×1 V= V (3)轉(zhuǎn)動3

13、0°時,通過AD的電流為 i=== A AD邊受到的安培力為F安=BiL= N 答案:(1)2 V　(2) V　(3) N 【能力挑戰(zhàn)區(qū)】 1.(多選)(2018·衡水高二檢測)將電阻R、理想電壓表V、開關(guān)S和交流電源按照圖甲所示方式連接,其中R=30 Ω,合上開關(guān)S后,交流電源輸出的正弦交變電壓u隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。則 (　　) A.電壓表V的示數(shù)是36 V B.R消耗的電功率是21.6 W C.通過R的電流瞬時值表達式為i=1.2sin100πt(A) D.通過R的電流最大值為1.2A 【解析】選B、C。從圖乙可以看出,R兩端電壓的最大值為36 V,所以

14、電壓表的示數(shù)為U= V=18 V,故A錯誤;根據(jù)P=得:R消耗的電功率P= W=21.6 W,故B正確;根據(jù)乙圖可知,交流電的周期為0.02 s,則ω==100π,電流的最大值Im== A=1.2 A,所以通過R的電流瞬時值表達式為i=1.2sin100πt(A),故C正確,D錯誤。 2.有人為汽車設(shè)計的一個“再生能源裝置”原理簡圖如圖甲所示,當汽車減速時,線圈受到磁場的阻尼作用幫助汽車減速,同時產(chǎn)生電能儲存?zhèn)溆?。圖甲中,線圈的匝數(shù)為n,ab長度為L1,bc長度為L2。圖乙是此裝置的側(cè)視圖,切割處磁場的磁感應(yīng)強度大小恒為B,有理想邊界的兩個扇形磁場區(qū)夾角都是90°。某次測試時,外力使線圈以角

15、速度ω逆時針勻速轉(zhuǎn)動,電刷M端和N端接電流傳感器,電流傳感器記錄的i-t圖象如圖丙所示(I為已知量),取ab邊剛開始進入左側(cè)的扇形磁場時刻t=0。不計線圈轉(zhuǎn)動軸處的摩擦, (1)求線圈在圖乙所示位置時,產(chǎn)生電動勢E的大小,并指明電刷M和N哪個接電源正極。 (2)求閉合電路的總電阻R和外力做功的平均功率P。 (3)為了能夠獲得更多的電能,依據(jù)所學(xué)的物理知識,請你提出改進該裝置的三條建議。 【解題指南】(1)線圈有兩個邊一直在均勻輻射磁場中做切割磁感線運動,根據(jù)切割公式求解電動勢。 (2)結(jié)合閉合電路歐姆定律求解電路總電阻,根據(jù)焦耳定律求解外力功率。 (3)增加電動勢即可增加電能的產(chǎn)生。 【解析】(1)有兩個邊一直在均勻輻射磁場中做切割磁感線運動,故根據(jù)切割公式,有E=2nBL1v 其中v=ωL2 解得E=nBL1L2ω 根據(jù)右手定則,M端是電源正極 (2)根據(jù)歐姆定律,電流:I= 解得R= 線圈轉(zhuǎn)動一個周期時間內(nèi),產(chǎn)生電流的時間是半周期,故外力平均功率P=I2R 解得P= (3)增加磁感應(yīng)強度;增加線圈匝數(shù);增加磁場區(qū)域面積;適當增加線圈面積;變成多組線圈等。 答案:(1)nBL1L2ω　電刷M (2)　　(3)見解析 11